1、天津市河西区2020届高三物理下学期总复习质量调查试题（二）（含解析）注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写清楚，将条形码准确粘贴 在 条形码区域内。2.选择题必须使用 2B 铅笔填涂;非选择题必须使用 0. 5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效;在 草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱。不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。第I 卷（选择题共 40 分）一、选择题 (每小题给出的四个选项中，
2、只有一个选项是正确的。每小题 5 分，共 25 分)1.关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象。人们从破解天然放射现象入手，一步步揭开了原子核的秘密。下列说法正确的是（）A. 法国物理学家贝可勒尔发现了X射线B. 德国物理学家伦琴发现，铀和含铀矿物能够发出射线C. 卢瑟福用粒子轰击氮原子核，发现了质子D. 居里夫妇通过实验发现了中子【答案】C【解析】【详解】A法国物理学家贝可勒尔发现了铀和含铀的矿物能够发出射线，A错误；B德国物理学家伦琴，发现了伦琴射线又叫X射线，B错误；C卢瑟福用粒子轰击氮原子核，发现了质子，并预言了中子的存在，C正确；D查德威克通过实验发现了中子，D错误。故选C。2.
3、已知水的摩尔质量为M，密度为，阿伏加德罗常数为NA。若用m0表示一个水分子的质量，用V0表示一个水分子的体积，下列表达式中正确的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】AB一个分子的质量等于摩尔质量除以阿伏加德罗常数，则有故A正确，B错误。CD由于水分子间隙小，所以水分子的体积等于摩尔体积除以阿伏加德罗常数，则有故CD错误。故选A。3.简谐横波在同一均匀介质中沿x轴正方向传播，波速为v若某时刻在波的传播方向上，位于平衡位置的两质点a、b相距为s，a、b之间只存在一个波谷，则从该时刻起，下列四副波形中质点a最早到达波谷的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】由
4、图A知，波长，周期，由图知质点a向上振动，经3T/4第一次到达波谷，用时，B图对应波长，周期，由图知质点a向下振动，经T/4第一次到达波谷，用时，C图对应波长，周期，由图知质点a向上振动，经3T/4第一次到达波谷，用时，D图对应波长，由图知质点a向下振动，经T/4第一次到达波谷，用时，所以D正确4.为了做好疫情防控工作，很多场所都利用红外线测温仪对进出人员进行体温检测。红外线测温仪利用（）A. 红外线是可见光的特点B. 红外线的穿透本领比X射线强的特点C. 人体温度越高辐射出的红外线越强的特点D. 被红外线照射的某些物体可以发出荧光的特点【答案】C【解析】【详解】红外线测温仪主要是为测出人体温
5、度，因此是利用了物体都在不停地辐射红外线，且温度越高的物体辐射红外强度越强的特点，故ABD错误，C正确。故选C。5.某兴趣小组利用变压器的原理设计了一个起重机装置用于提升物体，如图所示，理想变压器原线圈的输入电压，照明灯的规格为“10V 20W”，电动机的内阻为RM=5，装置启动时，质量为m=2kg的物体恰好以v=0.25m/s的速度匀速上升，照明灯正常工作，电表均为理想电表，取g=10m/s2。则（） A. 原、副线圈匝数比为1：5B. 电压表的示数为14.1VC. 装置启动时，电动机的输出功率为5WD. 装置启动时，电流表的示数为4A【答案】C【解析】【详解】A原线圈电压有效值为50V，副
6、线圈电压的有效值为10V，根据可知，原、副线圈匝数比为5：1，A错误；B电压表测量的是副线圈电压的有效值，为10V，B错误；C由于物体匀速上升，输出功率全部用来提升物体，因此装置启动时，电动机的输出功率为C正确；D电动机是非纯电阻性电路，根据即解得流过灯的电流因此流过电流表的电流为3A，D错误。故选C。二、选择题 (每小题给出的四个选项中，有多个选项正确。每小题 5 分，全对的得 5 分，选不全得 3 分，选错或不答得 0 分，共 15 分)6.2019年12月16日，我国的西昌卫星发射中心又一次完美发射两颗北斗卫星，标志着“北斗三号”全球系统核心星座部署完成，计划在6月发射最后一颗北斗卫星，
7、北斗系统即将全面建成。若北斗卫星运行时都绕地心做匀速圆周运动，北斗三号系统的最后一颗卫星，是一颗地球静止轨道卫星，则（）A. 线速度大的北斗卫星，运行周期大B. 北斗卫星的发射速度应大于7.9km/sC. 北斗卫星的运行速度有可能大于7.9km/sD. 北斗三号系统的最后一颗卫星的轨道平面和赤道重合【答案】BD【解析】【详解】卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力A线速度周期线速度大的卫星，轨道半径小，周期小，故A错误；B7.9km/s是卫星最小的发射速度，北斗卫星的发射速度一定大于7.9km/s，故B正确；C7.9km/s是近地卫星的运行速度，轨道半径为地球半径R，北斗卫星的轨道半径大
8、于地球半径，则运行速度小于7.9km/s，故C错误；D北斗三号系统的最后一颗卫星是地球同步卫星，则其轨道平面一定和赤道重合，故D正确。故选BD。7.如图所示，a、b两点位于以负点电荷-Q（Q0）为球心的球面上，将两个带正电的检验电荷q1、q2分别置于a、b两点。下列说法正确的是（）A. a点电势等于b点电势B. a点电场强度等于b点电场强度C. 若规定无穷远处电势为零，a、b两点的电势均为正值D. 若将q1、q2分别移动到无穷远处，电场力做功不一定相等【答案】AD【解析】【详解】A由于a、b两点位于以负点电荷-Q（Q0）为球心的球面上，它们到负电荷的距离是相等的，根据点电荷周围电势的分布情况可
9、知，以点电荷为球心的同心球面上为等势面，故a、b两点的电势相等，故A正确；B根据点电荷周围场强的分布情况可知，以点电荷为球心的同心球面上的电场强度大小相等，方向不同，故a、b两点的电场强度大小相等，故B错误；C规定无穷远处电势为零，则负电荷周围电势为负，a、b两点的电势均为负值，故C错误；Da、b两点电势相等，分别移动到无穷远处，则初末位置的电势差相等，根据电场力做功的公式可知，W=qU，由于电荷量未知，两种情况下电场力做功不一定相等，故D正确。故选AD。8.橡皮筋具有与弹簧类似性质，如图所示，一条质量不计的橡皮筋竖直悬挂，劲度系数k=100N/m，橡皮筋上端安装有拉力传感器测量橡皮筋的弹力。
10、当下端悬挂一个钩码，静止时拉力传感器读数为10N，现将一个完全相同的钩码轻轻挂在第一个钩码的下方，取g=10m/s2，则（） A. 悬挂第二个钩码的瞬间，拉力传感器的读数仍为10NB. 悬挂第二个钩码的瞬间，钩码间的弹力大小是20NC. 悬挂第二个钩码后，拉力传感器的读数恒为20ND. 悬挂第二个钩码后，钩码运动速度最大时下降的高度为10cm【答案】AD【解析】【详解】ABC悬挂第二个钩码的瞬间，橡皮筋长度还没发生变化，根据胡克定律，橡皮筋拉力大小仍为10N，A正确，BC错误；D设悬挂第一个钩码稳定时的伸长量为x1悬挂第二个钩码后，钩码运动速度最大时，钩码受力平衡，设此时又伸长x2，则代入数据
11、，可得D正确。故选AD。第 II 卷 非选择题 （60 分）9.一位同学利用如图甲所示的装置进行验证动量守恒定律的实验。他安装好实验装置，斜槽与水平槽之间平滑连接，且槽的末端水平。在水平地面上依次铺上白纸、复写纸，记下铅垂线所指的位置O。选择两个半径相同的小球开始实验，主要实验步骤如下：a不放球2，使球1从斜槽上某一固定位置由静止开始滚下，落到记录纸上留下落点痕迹。多次重复上述操作。b把球2放在水平槽末端位置，让球1仍从原位置由静止开始滚下，与球2碰撞后，两球分别在记录纸上留下各自落点痕迹。多次重复上述操作。c在记录纸上确定M、P、N为三个落点的平均位置，并用刻度尺分别测量M、P、N离O点的距
12、离，即线段OM、OP、ON的长度。(1)下列说法正确的是_。A球1质量大于球2的质量B实验过程中记录纸可以随时移动C在同一组实验中，每次球1必须从同一位置由静止释放D在同一组实验中，球2的落点并不重合，说明操作中出现了错误(2)已知球1的质量为m1，球2的质量为m2，落点的平均位置M、P、N几乎在同一条直线上。如果m1OM+m2ON近似等于_，则可以认为验证了动量守恒定律。(3)实验过程中要求槽末端水平，请你说明原因_。【答案】 (1). AC (2). m1OP (3). 如果槽末端保持水平，小球离开槽末端后做平抛运动，在空中的飞行时间相等，可以用水平位移替代小球在碰撞前后的速度.【解析】【
13、详解】(1)1A在实验中，需要球1的质量大于球2的质量，这样球1与球2相碰后球1才不会反弹而直接向右运动，故A正确；B实验过程中记录纸不可以随时移动，复写纸可以移动，故B错误；C在同一组实验中，每次球1必须从同一位置由静止释放，这样才能保证每次球1滑到底端时的速度相等，故C正确；D在同一组实验中，球2的落点并不重合，这是操作中出现的误差，而不是错误，故D错误。故选AC；(2)2动量守恒定律是指碰前的动量等于碰后的动量，而小球平抛时的初速度应该等于水平位移除下落的时间，由于下落的高度它们都是相等的，故时间相等，设时间为t；则碰前动量碰后动量即满足等式m1OP=m1OM+m2ON即可验证动量守恒；
14、(3)3实验过程中要求槽末端水平，原因是小球离开槽末端后做平抛运动，在空中的飞行时间相等，可以用水平位移替代小球在碰撞前后的速度。10.在测量干电池电动势E和内阻r的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路，S2为单刀双掷开关，定值电阻R0=4。合上开关S1，S2接图甲中的1位置，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示数；S2改接图甲中的2位置，改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数。在同一坐标系内分别描点作出电压表示数U和对应的电流表示数的图像，如图乙所示，两直线与纵轴的截距分别为3.00V、2.99V，与横轴的截距分别为0.5A、0.6A。(1)S
15、2接1位置时，作出的UI图线是图乙中的_（选填“A”或“B”）线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是_。(2)由图乙可知，干电池电动势和内阻的真实值分别为E真=_，r真=_。(3)根据图线求出电流表内阻RA=_。【答案】 (1). B (2). 电流表的示数偏小 (3). 3.00V (4). 1.0 (5). 1.0【解析】【详解】(1)1当S2接1位置时，可把电压表、定值电阻与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知电动势和内阻的测量值均小于真实值，所以作出的图线应是B线；2测出的电池电动势和内阻存在系统误差，原因是电压表的分流；(2)3当S2接2位置时，可把电流表、定值
16、电阻与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知电动势测量值等于真实值，图线应是线，即有4由于S2接1位置时，图线的B线对应的短路电流为所以真解得真5对线，根据闭合电路欧姆定律可得对应的短路电流为解得电流表内阻为计算题：（48 分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。11.如图所示，在光滑水平桌面AB上静止着两个小滑块1、2，质量分别为kg、kg，两滑块之间有一被压缩轻弹簧（滑块与轻弹簧之间不拴接），A的左端固定着与AB相切的光滑竖直半圆轨道，滑块恰好可以在其内部滑行；B的右端与一水平传送带相连，传送带长
17、L=0.9m，且顺时针转动。现释放被压缩的弹簧，两滑块在桌面上被弹出，滑块1恰好能过半圆轨道的最高点F；滑块2从传送带的右端离开后，落在水平地面上的D点，已知滑块2被弹出时的速度m/s，与传送带间的动摩擦因数，C点距地面高h=0.2m。不计半圆轨道的孔径的大小，取g=10m/s2，求：(1)被压缩的轻弹簧的弹性势能EP；(2)滑块1经过双半圆环轨道最低点A时对轨道的压力大小；(3)若传送带的速度取值范围为4m/sv8m/s，则滑块2落点D与C点间水平距离x为多少？（结果可用v来表示）【答案】(1)1.2J；(2)10N；(3)见解析【解析】【详解】(1)以滑块l和滑块2为系统，由动守恒定律得0
18、=m1v1-m2v2解得v1=2m/s由能量守恒定律得解得EP=1.2J(2)滑块1恰好过F点，则滑块1在F点的速度为0。从A到F的过程中，由动能定理得在A点，由牛顿第二定律得由牛顿第三定律得对A点的压力为(3)滑块2离开C点做平抛运动，竖直方向，滑块2恰好在传送带上一直加速，设获得的末速度为v3，由运动学公式得解得当4m/sv5m/s时，x=vt=0.2v当5m/sv8m/s时，12.如图，水平边界MN与PQ之间分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，两边界间高度为l。在边界MN的正上方有一矩形线框，其中ac=l，ab=2l。线框单位长度电阻为。现在线框从距边界MN为l处由静止下落
19、，经过一段时间后，线框匀速进入有界匀强磁场。整个过程线框保持在竖直平面内，ab边保持水平，重力加速度大小为g，不计空气阻力，试求：(1)线框刚进入磁场时，线框中的电流I；(2)当cd边刚离开磁场时ab边的热功率P。【答案】(1)；(2)【解析】详解】(1)进入磁场前线框做自由落体运动由欧姆定律可知其中线框的总电阻解得(2)当边cd刚离开磁场时ab边的热功率其中联立以上各式解得13.如图甲所示，平行金属板M、N相距为d，两板上所加交变电压UMN如图乙所示（U0未知），紧邻两板右侧建有xOy坐标系，两板中线与x轴共线。现有大量质量为m、电荷量为-e的电子以初速度v0平行于两板沿中线持续不断的射入两
20、板间。已知t=0时刻进入两板间的电子穿过两板间的电场的时间等于所加交变电压的周期T，出射速度大小为2v0，且所有电子都能穿出两板，忽略电场的边缘效应及重力的影响，求：(1)U0的大小；(2)时刻进入电场的电子打在y轴上的坐标；(3)在y轴右侧有一个未知的有界磁场区域，磁感应强度的大小为B，方向乖直纸面向外。从O点射出电场的电子经过磁场区域后恰好垂直于x轴向上通过坐标为（a，0）的P点，求B的范围。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)在0时间内电子的加速度为：方向向上，在T时间内电子加速度：方向向下，由几何关系知，T时刻电子在y方向的分速度为方向向下。在y轴上有解得(2)时刻进入电场的电子经时间T到达y轴，以向下为正方向。在时间内，电子在竖直方向上的位移为在时间内，电在竖直方向上的位移为所以故时刻进入电场的电子打在y轴上坐标为(3)从O点出射电子速度，速度方向与x轴正方向夹角。则有解得=60当电子对应轨迹1时，具有的同旋半径r最大，磁感应强度B对应最小值，如图所示。可得解得根据洛伦磁力提供向心力可得解得磁场磁感强度最小值故磁场磁感强度
