1、2017届高三模拟考试（二）物理试卷第卷（共9小题，共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。1、2011年中俄曾联合实施探测火星计划，由中国负责研制的“萤火一号”火星探测器与俄罗斯研制的“福布斯土壤”火星探测器一起由俄罗斯“天顶”运载火箭发射前往火星由于火箭故障未能成功，若发射成功，且已知火星的质量约为地球质量的1/9，火星的半径约为地球半径的1/2.下列关于火星探测器的说法中正确的是( )A发射速度只要大于第一宇宙速度即可B发射速度只有达到第三宇宙速度才可以C发射速度应大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度D火星的第一宇宙速度是地球的倍abcPQ
2、2、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知以下说法中错误的是（ ）A三个等势面中，a的电势最高B带电质点通过P点时的电势能较Q点大C带电质点通过P点时的动能较Q点大D带电质点通过P点时的加速度较Q点大3、如图所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻，线圈外接一个阻值的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图已所示下列说法中正确的是A电阻R两端的电压保持不变 B初始时刻穿过线圈
3、的磁通量为0.4WbC线圈电阻r消耗的功率为410W D前4s内通过R的电荷量为410C4、原来都是静止的质子和粒子(氦核)，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为 (A) (B)1:2 (C)(D)1:15、一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小(此力的方向始终未变)，在此过程中其余各力均不变那么，图中能正确描述该过程中物体速度变化情况的是()二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。6、如图所示，两根长度不同的细线分别系有
4、两个小球m1、m2，细线的上端都系于O点设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动已知两细线长度之比L1L21，L1跟竖直方向的夹角为60角，下列说法正确的是( )A两小球做匀速圆周运动的周期相等B两小球做匀速圆周运动的线速度相等C两小球的质量比一定是m1m21DL2细线跟竖直方向成45角7、图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的 轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示发电机线圈内阻为10，外接一只电阻为90的灯泡，不计电路的其他电阻，则（ ） 图甲 图乙 At0时刻线圈平面与中性面垂直 B每秒钟内电流方向改变100次 C灯泡两端的电压
5、为22V D00.01s时间内通过灯泡的电量为08、某质点在03 s内运动的vt图象如图所示。关于质点的运动，下列说法正确的是( )A质点在第1 s内的平均速度等于第2 s内的平均速度Bt3 s时，质点的位移最大C质点在第2 s内的加速度与第3 s内的加速度大小相等，方向相反D质点在第2 s内的位移与第3 s内的位移大小相等，方向相反9如图所示圆形区域内，有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量 和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准圆心O射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短，若带电粒子在磁场中只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间越长
6、的带电粒子以下不正确的是( )A. 速率一定越小 B. 速率一定越大C. 在磁场中通过的路程一定越长 D. 在磁场中的周期一定越大第卷（共6题，共89分）三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共42分，请将解答填写在答题卡相应的位置。必做题：10（10分）某同学为了探究物体在斜面上运动时摩擦力与斜面倾角的关系，设计实验装置如图。长直平板一端放在水平桌面上，另一端架在一物块上。在平板上标出A、B两点，B点处放置一光电门，用光电计时器记录滑块通过光电门时挡光的时间， 实验步骤如下： 用游标卡尺测测最滑块的挡光长度d，用天平测量滑块的质量m； 用直尺测量A、B之间的距
7、离s，A点到水平桌面的垂直距离h1，B点到水平桌面的垂直距离h2； 将滑块从A点静止释放由光电计时器读出滑块的挡光时间t； 重复步骤 数次，井求挡光时间的平均值 利用所测数据求出摩擦力f和斜面倾角的余弦值cos； 多次改变斜面的倾角，重复实验步骤做出fcos关系曲线。（1）用测量的物理量完成下列各式（重力加速度为g）斜面倾角的余弦cos ；滑块通过光电门时的速度v ；滑块运动时的加速度a ；滑块运动时所受到的摩擦阻力f ；（2）测量滑块挡光长度的游标卡尺读数如图所示，读得d 。 11、（8分）某同学利用伏安法测量某未知电阻Rx的精确电阻（阻值恒定），进行了如下实验：他先用万用电表欧姆挡测该未知
8、电阻的阻值。将开关置于1挡位，指针示数如图，若想更准确一些，下面操作正确的步骤顺序是 （填序号）A. 将两表笔短接进行欧姆调零B. 将两表笔短接进行机械调零C. 将开关置于1k挡D.将开关置于100挡E. 将两表笔接未知电阻两端，待指针稳定后读数然后用以下器材用伏安法尽可能精确地测量该电阻：A. 直流电源E：电动势3V，内阻忽略B. 电流表A1：量程0.3A，内阻约为0.1C. 电流表A2：量程3mA，内阻约为10D. 电压表V1：量程3V，内阻约为3KE. 电压表V2：量程15V，内阻约为50KF. 滑动变阻器R1：最大阻值10G. 滑动变阻器R2：最大阻值1000H. 开关S，导线若干为较
9、准确测量该电阻的阻值，要求各电表指针能有较大的变化范围，以上器材中电流表应选 （填“B”或“C”）， 电压表应选 （填“D”或“E”）， 滑动变阻器应选 （填“F”或“G”）请在右侧方框中画出实验电路原理图.12选做题：本题包括A、B、C三小题，请选定其中两小题，并在相应答题区域内作答，若多作，则按A、B两小题评分。A（选修3-3）(12分）（1）、（4分）下列说法中正确的是 A液体温度越高、悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈B不考虑分子势能，则质量、温度均相同的氢气和氧气的内能也相同C第一类永动机不可能制成，因为违背了能量守恒定律D物体吸收热量，则其内能一定增加E能量耗散从能量转化角度反映出自然界
10、中的宏观过程具有方向性（2）、（4分）汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8102J.该内燃机的效率为_随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率_(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.（3）、（4分）如图，上端开口的圆柱形汽缸竖直放置，截面积为5103m2，一定质量的气体被质量为2.0kg的光滑活塞封闭在汽缸内，求其压强多大 (1大气压强取1.01105Pa，g取10N/kg)。若从初温27开始加热气体，使活塞离汽缸底部的高度由0.5m缓
11、慢变为0.51m，则此时气体的温度为_多少。B（选修3-4）（12分）（1）. 下列说法正确的是（ ）A. 胃镜利用了光的全反射原理 B. 用三棱镜观察太阳光谱是利用光的干涉现象C. 用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象D. 电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来换频道的y/cmx/m00.2P55-5Q0.42.5（2）.（4分）如图所示为一列简谐横波在t=0时刻的图象。此时质点P的运动方向沿y轴负方向，且当t=0.55s时质点P恰好第3次到达y轴正方向最大位移处。则该简谐横波的波速v的大小 和方向为 ？周期是 ？ （3）(4分)如图所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心
12、角AOB60.一束平行于角平分线OM面的单色光由OA面射入介质，经OA面折射的光线恰平行于面OB.求介质的折射率折射光线中恰好射到M点的光线_(填“能”或“不能”)发生全反射C（选修3-5）（12分）（1）(4分)关于核反应方程(为释放出的核能，X为新生成粒子)，已知Th的半衰期为T，则下列说法正确的是 。A 没有放射性B比少1个中子，X粒子是从原子核中射出的，此核反应为衰变CN0个经2T时间因发生上述核反应而放出的核能为N0(N0数值很大)DTh的比结合能为E的化合物的半衰期等于T（2）（4分）如图甲所示为研究发生光电效应时通过光电管上的电流随电压变化的电路，用频率为的单色光照射阴极K时，能
13、发生光电效应，改变光电管两端的电压，测得电流随电压变化的图象如图乙所示，已知电子的带电荷量为e，真空中的光速为c，普朗克常量为h。电源光甲乙从阴极K逸出光电子的最大初动能Ek ，阴极K的极限频率0 ；若用上述单色光照射一群处于基态的氢原子，恰能使氢原子跃迁到n4的激发态，氢原子处于基态时的能量E1 （已知氢原子n级上的能量En与基态的能量满足En）。（3）4（分）质量为M2 kg的小平板车静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为mA2 kg的物体A(可视为质点)，如图所示，一颗质量为mB20 g的子弹以600 m/s的水平速度射穿A后，速度变为100 m/s，最后物体A仍静止在平板车上，若物体
14、A与平板车间的动摩擦因数0.5，取g10 m/s2，求平板车最后的速度是多大？ 四、计算题：本题共3小题，共计47分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.（15分）如图所示，高台的上面有一竖直的圆弧形光滑轨道，半径R=m，轨道端点B的切线水平。质量M=5 kg的金属滑块(可视为质点)由轨道顶端A由静止释放，离开B点后经时间t=1 s撞击在斜面上的P点。已知斜面的倾角=37o，斜面底端C与B点的水平距离x0=3 m。g取10 m/s2，sin37o =06，cos37o =08，不计空气阻力。求金属滑块
15、M运动至B点时对轨道的压力大小若金属滑块M离开B点时，位于斜面底端C点、质量m=1 kg的另一滑块，在沿斜面向上的恒定拉力F作用下由静止开始向上加速运动，恰好在P点被M击中。已知滑块m与斜面间动摩擦因数0.25，求拉力F大小滑块m与滑块M碰撞时间忽略不计，碰后立即撤去拉力F，此时滑块m速度变为4 m/s，仍沿斜面向上运动，为了防止二次碰撞，迅速接住并移走反弹的滑块M，求滑块m此后在斜面上运动的时间 14（16分）如图，等量异种点电荷，固定在水平线上的M、N两点上，有一质量为m、电荷量为q（可视为点电荷）的小球，固定在长为L的绝缘轻质细杆的一端，细杆另一端可绕过O点且与MN垂直的水平轴无摩擦地转
16、动，O点位于MN的垂直平分线上距MN为L处。现在把杆拉起到水平位置，由静止释放，小球经过最低点B时速度为v，取O点电势为零，忽略q对等量异种电荷形成电场的影响。求：(1)小球经过B点时对杆的拉力大小；(2)在Q、Q形成的电场中，A点的电势A；(3)小球继续向左摆动，经过与A等高度的C点时的速度大小。15（16分）如图甲所示，一个质量m0.1kg的正方形金属框总电阻R0.5 ，金属框放在表面绝缘的斜面AABB的顶端(金属框上边与AA重合)，自静止开始沿斜面下滑，下滑过程中穿过一段边界与斜面底边BB平行、宽度为d的匀强磁场后滑至斜面底端(金属框下边与BB重合)，设金属框在下滑过程中的速度为v，与此
17、对应的位移为x，那么v2-x图象如图乙所示，已知匀强磁场方向垂直斜面向上，金属框与斜面间的动摩擦因数0.5，斜面倾角=53取g10 m/s2，sin53= 0.8，cos53= 0.6。求：（1）金属框下滑加速度a和进入磁场的速度v1（2）金属框经过磁场时受到的安培力FA大小和产生的电热Q（3）匀强磁场的磁感应强度大小B高三物理试卷答案一、 单项选择1【答案】D 2【答案】C 3【答案】A 4【答案】B 5【答案】D二、 多项选择6【答案】AD 7【答案】AB 8【答案】AC 9【答案】BCD三、 简答题10【答案】（1） （2）3.62cm【解析】(1)物块在斜面上做初速度为零的匀加速直线运
18、动,受重力、支持力、滑动摩擦力,如图所示 根据三角形关系可得到,根据根据运动学公式,有,即有根据牛顿第二定律,则有.(2) 在游标卡尺中，主尺上是3.6cm，在游标尺上恰好是第2条刻度线与主尺对齐，再考虑到卡尺是10分度，所以读数为3.6cm+0.21mm=3.62cm。11【答案】DAEC、D、F 电路图如下【解析】 （1）选择倍率后，欧姆表指针读数偏大，应该换用小倍率，更好倍率需要重新欧姆调零，所以先更好大倍率即步骤D，再欧姆调零即步骤A，最后测量电阻即步骤E。（2）要使得电表指针有较大变化范围，滑动变阻器选择分压式接入，所以滑动变阻器选择阻值小的即F；电压电动势为，所以电压表为读数准确选
19、择小量程即D。根据欧姆表可知待测电阻阻值在左右，而电压最大只有，所以电流不会超过，电流表选择C。滑动变阻器已经确定分压式，而待测电阻阻值较大，电流表内阻较小，所以电流表选择内接法。如图所示。12A【答案】（1）ACE（2）20%不可能（3）1.05105 33解析：pp0S(mg)1.05105PaT1(pV1)T2(pV2)，T2306K，t23312B【答案】（1）AD（2）在t1=0到t2=0.55s这段时间里，质点P恰好第3次到达y正方向最大位移处则有 (2+)T=0.55s 解得 T =0.2s 由图象可得简谐波的波长为 =0.4m 则波速 v= =2m/s （3）不能解析：依题意作
20、出光路图，由几何知识可知，入射角160，折射角230根据折射定律得n代入数据解得n不能12C【答案】（1）BCE（2）【答案】 eUC（1分），（1分）；（2分）。【解析】由图乙可知eUC0Ek解得：EkeUC根据爱因斯坦光电效应有：EkhW0又W0h0解得：0在原子跃迁过程中，根据能量守恒定律有：hEE4E1（1）E1解得：E1（3）解析：对子弹和物体A由动量守恒定律有mBv0mBv1mAvA对物体A与平板车有：mAvA(mAM)v联立解得：v2.5 m/s.答案：2.5 m/s四、 计算题13【答案】（1）150N；（2）13N；（3）【解析】试题分析：（1）M由A到B过场中，由机械能守恒
21、定律可得： 解得：vB=5m/s滑块在B点时，由牛顿定律 ,解得N=150N由牛顿第三定律可知，M在B点时对轨道的压力大小为150N (2)M离开B后做平抛运动的水平位移 v=vBt=5m 由几何关系可得m的位移为：设滑块m向上运动的加速度为a,由 可得a=5m/s2由牛顿第二定律可得： 解得：F=13N （3）撤去拉力后，滑块m沿斜面上滑过程的加速度 上滑时间 上滑位移 滑块m沿斜面下滑过程的加速度 下滑过程 由得：所以返回所用的时间为：14【答案】（1）；（2）；（3）； 【解析】 (1)小球经B点时，在竖直方向有 . . . 由牛顿第三定律知，小球对细杆的拉力大小 . . . (2)由于取O点电势为零，而O在MN的垂直平分线上，所以 . .电荷从A到B过程中，由动能定理得 . . . . (3)由电场对称性可知， . . 即 . . 小球从A到C过程，根据动能定理 . . . . 15【答案】（1）5m/s2；3m/s（2）5N；5J；（3） 此过程中安培力做功：WA=-FA(L+d)=-5J
