1、2014-2015学年吉林省延边州汪清六中高二（下）期中物理试卷一、选择题（每题3分，全对得3分，选不全得2分，共16×3=48分）1（3分）（2011春成都期中）交流发电机的线圈转到中性面位置时，下列说法中正确的有（）A电流将改变方向B电流达到最大值C线圈的磁通量最大D产生的感应电动势最大2（3分）（2015春延边州校级期中）下列说法中正确的有（）A交流电电气设备上标明的是电压、电流的最大值B电容器上标明的电压是最大值C交流电压表和电流表测出的是瞬时值D220V交流电的电压有效值是220V3（3分）（2015春延边州校级期中）一个按正弦规律变化的交流电的图象如图所示，根据图象可以知
2、道（）A该交流电流的频率是0.02 HzB该交流电流的有效值是14.14 AC该交流电流的瞬时值表示式是i=20sin 0.02t（A）D该交流电流的周期是0.02 s4（3分）（2014东昌府区校级模拟）如图所示，表示一交变电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是（）A5AB5ACAD3.5A5（3分）（2014春宜昌期中）如图所示的含有变压器的交流电路中，A1、A2都是交流电流表，在开关S从闭合到断开的过程中，A1、A2电流表的读数I1和I2的变化情况是（）AI1变大，I2变小BI1变小，I2变大CI1、I2都变小DI1、I2都变大6（3分）（2015春延边州校级期中）如图所示，理想变
3、压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=3：1，L1、L2、L3、L4为四只相同的灯泡，当开关S接通时，L2、L3、L4正常发光，则（）AL1也正常发光BL1比正常发光暗CL1比正常发光亮，并有可能被烧毁D不能确定L1的发光情况7（3分）（2011丰台区校级模拟）一小水电站，输出的电功率为20kW，输电线总电阻为0.50，如果先用400V电压输送，后又改用2000V电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率（）A减少50WB减少1200WC减少7.68103WD增大7.68103w8（3分）（2010春桐城市校级期末）某发电厂原来用11kV的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到22
4、0kV输电，输送的电功率都是P，若输电线路的电阻为R，则下列说法中正确的是（）A根据公式I=，提高电压后输电线上的电流降为原来的B根据公式I=，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C根据公式P=I2R，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的D根据公式P=，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍9（3分）（2015春延边州校级期中）传感器是把非电学量（如速度、温度、压力等）的变化转化成电学量变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用，如图所示，是一种测定液面高度的电容式传感器示意图，金属芯线与导电的液体形成一个电容器，从电容C的大小变化就能反映导电液面的升降情况，两者的关系是
5、（）AC增大表示h增大BC增大表示h减小CC减小表示h减小DC减小表示h增大10（3分）（2015春滨州校级期中）如图所示，R1为定值电阻，R2为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻值随温度的升高而减小的热敏电阻），L为小灯泡，当温度降低时（）AR1两端的电压增大B电流表的示数增大C小灯泡的亮度变强D小灯泡的亮度变弱11（3分）（2015春延边州校级期中）在电梯门口放置一障碍物，会发现电梯门不停地开关，这是由于在电梯门上装有的传感器是（）A光传感器B温度传感器C声传感器D压力传感器12（3分）（2013江都市校级模拟）如图所示的交流电路中，如果电源电动势的最大值不变，交流电的频率增大
6、时，可以观察到三盏电灯亮度的变化情况是（）AL1、L2、L3亮度都不变BL1变暗，L2不变、L3变亮CL1变暗、L2变亮、L3不变DL1变亮、L2变暗、L3不变13（3分）（2015春鹤岗校级期中）如图所示为电阻R随温度T变化的图线，下列说法中正确的是（）A图线1是热敏电阻的图线，它是用金属材料制成的B图线2是热敏电阻的图线，它是用半导体材料制成的C图线1的材料化学稳定性好、测温范围大、灵敏度高D图线2的材料化学稳定性差、测温范围小、灵敏度高14（3分）（2010济宁二模）如图所示电路中的变压器为一理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，原线圈两端接电压恒定的交变电流，则能使原
7、线圈的输入功率变大的是（）A保持P的位置不变，S由b切换到aB保持P的位置不变，S由a切换到bCS置于b位置不动，P向上滑动DS置于b位置不动，P向下滑动15（3分）（2014春尉犁县校级期末）在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化B感应电流的磁场方向总是与引起它的磁场方向相反C穿过闭合电路的磁能量越大，电路中的感应电流也越大D穿过电路的磁通量变化越快，电路中的感应电动势也越大16（3分）（2015春延边州校级期中）如图所示电路，开关原来接通，当开关突然断开的瞬间，电阻R中（）A仍有电流，方向由A流向BB立即没有电流C仍有电流，方向由B流向AD无法确定二、
8、填空题（每空2分，共15×2=30分）17（4分）（2015春延边州校级期中）一闭合线圈在匀强磁场中做匀速转动，线圈的转速为240rad/min，当线圈平面转至与磁场方向平行时，线圈的电动势为2V，设线圈从中性面开始转动，则线圈所产生的电动势瞬时值表达式为V，在s时的电动势为V18（6分）（2015春延边州校级期中）如图甲所示，调压器装置可视为理想变压器，负载电路中R=55，A、V为理想电流表和电压表，电压表的示数为110V，若原线圈接入如图乙所示的正弦交变电压，则：电流表A2的示数为A，A1的示数为A，原线圈中电流的瞬时值表达式为：19（4分）（2011春涡阳县校级期末）一理想变压
9、器，原线圈匝数n1=1100匝，接在电压220V的交流电源上，当它对11只并联的“36V，60W”灯泡供电时，灯泡正常发光，由此可知该变压器匝数n2=，通过原线圈的电流I1=20（4分）（2013春船营区校级期末）如图1所示电路，一电感线圈和一个“220V40W“的灯泡串联，电路两端接在220V的交变电路中，如果将电感线圈的铁芯抽去，则灯泡的发光情况是如图2所示的电路中，一个电容器和一个灯泡串联，接在交变电路中，灯泡恰能正常发光，若将电容器两板间距离增大些，则灯泡的发光情况是21（4分）（2015春延边州校级期中）从甲地通过某输电线向乙地输送1.0105kW电功率，如果用5.5103V电压送电
10、，输电线上损失的电功率为4.0102kW；如果改用1.1105V电压送电，输电线上损失的电功率为kW，若要求两次损失的电功率相同，则两次所用导线的横截面积之比为S1：S2=22（6分）（2012秋渭滨区校级期末）一个200匝、面积200cm2的圆线圈，放在一匀强磁场中，若磁场的方向与线圈平面垂直，现让磁感强度在0.05s内由0.1T均匀地增加到0.5T，在此过程中，穿过线圈的磁通量变化量是Wb，磁通量的变化率是Wb/s，线圈中感应电动势的大小是V23（2分）（2015春延边州校级期中）一导体棒长为40cm，在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中做切割磁感线运动，速度为5m/s，棒在运动中能产生的感
11、应电动势为V三、计算题（6分+8分+8分=22分）24（6分）（2011秋朝阳区校级期末）如图所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为L，M、P两点之间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向竖直向下，导轨和金属杆的电阻可忽略让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计金属棒与轨道之间的摩擦（重力加速度为g）（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及加速度的大小；（2）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度的最大值25（8分）（201
12、5春延边州校级期中）有n=10匝的矩形线圈，每匝都是长50cm，宽20cm，线圈总电阻10，在B=2T的匀强磁场中以角速度=50rad/s旋转线圈与R=10的外电阻连接，图中的电流表、电压表的接入不影响原电路求：（1）流过电阻电流的瞬时表达式（从中性面开始计时）；（2）电流表、电压表的读数；（3）1min内产生的热量26（8分）（2015春延边州校级期中）如图所示某电厂要将电能输送到较远的用户，输送的总功率为9.8104W，电厂输出电压仅350V，为减少输送功率损失，先用一升压变压器将电压升高再输送，在输送途中，输电线路的总电阻为4，允许损失的功率为输送功率的5%，求用户所需电压为220V时，
13、升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比各是多少？2014-2015学年吉林省延边州汪清六中高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，全对得3分，选不全得2分，共16×3=48分）1（3分）（2011春成都期中）交流发电机的线圈转到中性面位置时，下列说法中正确的有（）A电流将改变方向B电流达到最大值C线圈的磁通量最大D产生的感应电动势最大考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理版权所有专题：交流电专题分析：中性面位置，磁感线与线圈平面垂直，磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势为零，电流将改变方向，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一
14、周，感应电流方向改变两次解答：解：A、线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，故A正确B、中性面位置，磁感线与线圈平面垂直，磁通量最大，感应电动势最小；电流最小；故BD错误，C正确；故选：AC点评：本题考查中性面特点：线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次，并且中性面位置，磁感线与线圈平面垂直，磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势为零，要牢记这一特点2（3分）（2015春延边州校级期中）下列说法中正确的有（）A交流电电气设备上标明的是电压、电流的最大值B电容器上标明的电压是最大值C交流电压表和电流表测出的是瞬时值D
15、220V交流电的电压有效值是220V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率版权所有专题：交流电专题分析：明确交变电流的四值的意义：明确电容上标注为最大值；其他电器及电表的读数均为有效值解答：解：A、交流电电器设备上标明的是电压、电流的有效值，不是最大值所以A错误B、电容器上标明的电压是允许接入的电压最大值，否则电容器会被击穿所以B正确C、交流电压表和电流表测出的是电压、电流的有效值所以C错误D、通常所说的电压、电流的值，都是指有效值，因此220V交流电的电压有效值是220V所以D正确故选：BD点评：要知道交流电的电压、电流的最大值、有效值、瞬时值的含义，以及常用仪器设备标注、测量、使用的
16、是什么值3（3分）（2015春延边州校级期中）一个按正弦规律变化的交流电的图象如图所示，根据图象可以知道（）A该交流电流的频率是0.02 HzB该交流电流的有效值是14.14 AC该交流电流的瞬时值表示式是i=20sin 0.02t（A）D该交流电流的周期是0.02 s考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理版权所有专题：交流电专题分析：根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值和频率解答：解：A、根据图象，周期T=0.02s，该交流电流的频率是f=50Hz，故A错误，D正确；B、根据图象，该交流电的最大电流为Im=20A，电流有效值：I=10
17、A=14.14A，故B正确；C、=2f=100 rad/s，所以其表达式为i=20sin100t （A），故C错误；故选：BD点评：本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期，再根据周期、频率及角速度的关系等进行分析计算即可4（3分）（2014东昌府区校级模拟）如图所示，表示一交变电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是（）A5AB5ACAD3.5A考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率版权所有专题：交流电专题分析：根据有效值的定义求解取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值解答：解：将交流与直流通过阻值都为
18、R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：（4）2R+（3）2R=I2RT解得：I=5A故选：B点评：对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值常见题型，要熟练掌握5（3分）（2014春宜昌期中）如图所示的含有变压器的交流电路中，A1、A2都是交流电流表，在开关S从闭合到断开的过程中，A1、A2电流表的读数I1和I2的变化情况是（）AI1变大，I2变小BI1变小，I2变大CI1、I2都变小DI1、I2都变大考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据负载的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，
19、来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：在开关S从闭合到断开的过程中，导致副线圈总电阻增大，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，根据欧姆定律得I2变小根据P=UI得副线圈输出功率减小，变压器的输出功率等于输入功率，所以变压器的输入功率减小由于输入的电压不变，所以原线圈电流I1变小故ABD错误，C正确；故选：C点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化分析的思路先干路后支路，以不变应万变6（3分）（2015春延边州校级期中）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=
20、3：1，L1、L2、L3、L4为四只相同的灯泡，当开关S接通时， L2、L3、L4正常发光，则（）AL1也正常发光BL1比正常发光暗CL1比正常发光亮，并有可能被烧毁D不能确定L1的发光情况考点：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：交流电专题分析：根据变压器的工作原理：匝数与电流成反比即可分析解答：解：由原、副线圈匝数之比3：1，可得原、副线圈的电压之比3：1，电流之比1：3，灯泡L2、L3、L4正常发光，设灯泡正常工作时电流为I，则副线圈电流为3I，所以原线圈电流为I，L1也正常发光故选：A点评：掌握变压器的工作原理，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比（一个副线圈的情形）7（
21、3分）（2011丰台区校级模拟）一小水电站，输出的电功率为20kW，输电线总电阻为0.50，如果先用400V电压输送，后又改用2000V电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率（）A减少50WB减少1200WC减少7.68103WD增大7.68103w考点：电能的输送版权所有专题：交流电专题分析：根据P=UI求出输电的电流，再根据求出输电线上损失的电功率解答：解：当用400V电压输送时，输电电流I1=，则损失的电功率，当改用2000V电压输送时，输电电流，则损失的电功率，损失的电功率减小1200W故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键知道输电功率与输电电压、输电电流的关系
22、，知道损失功率与输电电流的关系8（3分）（2010春桐城市校级期末）某发电厂原来用11kV的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV输电，输送的电功率都是P，若输电线路的电阻为R，则下列说法中正确的是（）A根据公式I=，提高电压后输电线上的电流降为原来的B根据公式I=，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C根据公式P=I2R，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的D根据公式P=，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍考点：电能的输送版权所有专题：交流电专题分析：根据P=UI得出输送电流的大小，再根据求出输电线上损耗的功率解答：解：A、根据I=，知输送功率不变，输送
23、电压变为原来的20倍，则输电电流降为原来的故A正确，B错误C、根据得，电流降为原来的，则输电线上损耗的功率减为原来的故C正确，D错误故选AC点评：解决本题的关键掌握输送功率与输送电压和电流的关系，以及知道输电线上损耗的功率，注意U不是输电电压，而是输电线上的电压损失9（3分）（2015春延边州校级期中）传感器是把非电学量（如速度、温度、压力等）的变化转化成电学量变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用，如图所示，是一种测定液面高度的电容式传感器示意图，金属芯线与导电的液体形成一个电容器，从电容C的大小变化就能反映导电液面的升降情况，两者的关系是（）AC增大表示h增大BC增大表示h减小CC
24、减小表示h减小DC减小表示h增大考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：金属芯线与导电液体形成一个电容器，液面高度h变化相当于正对面积变化，根据电容的决定式C= 分析电容的变化解答：解：若电容C增大时，根据电容的决定式C= 分析正对面积应增大，则知，液面高度h增大；若电容C减小时，根据电容的决定式C= 分析正对面积应减小，则知，液面高度h减小故AC正确，BD错误故选：AC点评：本题只要掌握电容的决定式，就能很容易分析电容与液面高度h的关系，同时注意与电容的定义式的区别10（3分）（2015春滨州校级期中）如图所示，R1为定值电阻，R2为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻
25、值随温度的升高而减小的热敏电阻），L为小灯泡，当温度降低时（）AR1两端的电压增大B电流表的示数增大C小灯泡的亮度变强D小灯泡的亮度变弱考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由图可知：R2和灯泡并联后与R1串联，电流表测量干路电流；负温度系数的热敏电阻的特性：温度升高，电阻减小根据温度下降，R2电阻增大，确定并联部分电阻及总电阻的变化情况，可定出电流、电压的变化情况及灯泡亮度变化情况解答：解：AB、温度下降时，R2电阻增大，并联部分电阻增大，总电阻增大，总电流减小，R1电压减小，电流表示数减小故A、B错误CD、因为内电压和R1两端电压减小，根据串联电路电压特点可知，灯泡的电压
26、增大，故灯泡变亮故C正确，D错误故选：C点评：本题的热敏电阻相当于滑动变动器，当温度变化时，其电阻发生变化通常电路动态变化问题分析按“部分整体部分”思路进行11（3分）（2015春延边州校级期中）在电梯门口放置一障碍物，会发现电梯门不停地开关，这是由于在电梯门上装有的传感器是（）A光传感器B温度传感器C声传感器D压力传感器考点：常见传感器的工作原理版权所有分析：传感器是一种检测装置，能感受到被测量的信息，并能将检测感受到的信息，按一定规律变换成为电信号或其他所需形式的信息输出，以满足信息的传输、处理、存储、显示、记录和控制等要求，它是实现自动检测和自动控制的首要环节解答：解：电梯门上装有的传感
27、器利用力学传感器（导体应变片技术）来测量物体对应变片的压力，从而达到无人时，能正常开关，若有压力就不能关门的目的，因此D正确，ABC错误故选：D点评：传感器在家用电器上有的有，有的没有，如：空调是环境温度传感器、冰箱是温度传感器、饮水机也是温度传感器，电饭煲也是，总的说能自动停、启的电器都有传感器或定时器12（3分）（2013江都市校级模拟）如图所示的交流电路中，如果电源电动势的最大值不变，交流电的频率增大时，可以观察到三盏电灯亮度的变化情况是（）AL1、L2、L3亮度都不变BL1变暗，L2不变、L3变亮CL1变暗、L2变亮、L3不变DL1变亮、L2变暗、L3不变考点：自感现象和自感系数；电容
28、器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用版权所有专题：交流电专题分析：根据感抗公式XL=2fL和容抗公式，定性讨论解答：解：感抗为XL=2fL，容抗为当频率f增大时，感抗XL变大，容抗XC变小感抗XL变大，对交流电的阻碍作用变大，所以L1变暗容抗XC变小，对交流电的阻碍作用变小，所以L2变亮而电阻器的对交流电的阻碍作用不随频率改变，所以L3亮度不变所以L1变暗、L2变亮、L3不变故ABD错误，C正确故选C点评：还可以根据电容器和电感线圈的特性分析选择电容器内部是真空或电介质，隔断直流能充电、放电，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电动势，阻碍电流的变化，
29、具有通直阻交，通低阻高的特性13（3分）（2015春鹤岗校级期中）如图所示为电阻R随温度T变化的图线，下列说法中正确的是（）A图线1是热敏电阻的图线，它是用金属材料制成的B图线2是热敏电阻的图线，它是用半导体材料制成的C图线1的材料化学稳定性好、测温范围大、灵敏度高D图线2的材料化学稳定性差、测温范围小、灵敏度高考点：欧姆定律版权所有分析：金属导体随着温度升高，电阻率变大，从而导致电阻增大，对于半导体材料，电阻随着温度升高而减小解答：解：金属导体随着温度升高，电阻率变大，从而导致电阻增大，对于半导体材料，电阻随着温度升高而减小，因此由图可知，图1表示金属导体的电阻随温度的变化，图2表示半导体材
30、料的电阻随温度的变化为热敏电阻的图线；其化学稳定性差、测温范围小、灵敏度高；故AC错误，BD正确；故选：BD点评：通过电阻与温度的图线，来体现温度与电阻率的关系，并突出金属导体、半导体与温度的关系同时加强记忆14（3分）（2010济宁二模）如图所示电路中的变压器为一理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，原线圈两端接电压恒定的交变电流，则能使原线圈的输入功率变大的是（）A保持P的位置不变，S由b切换到aB保持P的位置不变，S由a切换到bCS置于b位置不动，P向上滑动DS置于b位置不动，P向下滑动考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：理想变压器输入功率等于输出功率
31、，原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比解答：解：A、S由b切换到a，副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故A正确；B、S由a切换到b副线圈匝数变小，副线圈电压变小，所以副线圈功率变小，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变小，故B错误；C、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变小，电压不变，所以所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故C正确；D、S置于b位置不动，P向下滑动，电阻变大，电压不变，所以输出功率变小，故原线圈的输入功率变小，故D错误故选：AC点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象
32、输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率15（3分）（2014春尉犁县校级期末）在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化B感应电流的磁场方向总是与引起它的磁场方向相反C穿过闭合电路的磁能量越大，电路中的感应电流也越大D穿过电路的磁通量变化越快，电路中的感应电动势也越大考点：法拉第电磁感应定律版权所有分析：楞次定律的内容是：感应电流具有这样的方向，感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小解答：解：A、根据楞次定律可知：感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化，故A正确B、由楞次定律可知：原磁通量减小时，感应电流的磁场方向与引
33、起它的磁场方向相同，故B错误C、穿过闭合电路的磁通量越大，但磁通量变化率不一定越大，所以根据法拉第电磁感应定律知感应电动势不一定越大，感应电流也就不一定越大故C错误D、穿过电路的磁通量变化越快，磁通量变化率越大，根据法拉第电磁感应定律知感应电动势也越大故D正确故选：AD点评：解决本题的关键是理解并掌握楞次定律和法拉第电磁感应定律，要注意感应电动势与磁通量变化率成正比，而不是与磁通量和磁通量变化量成正比16（3分）（2015春延边州校级期中）如图所示电路，开关原来接通，当开关突然断开的瞬间，电阻R中（）A仍有电流，方向由A流向BB立即没有电流C仍有电流，方向由B流向AD无法确定考点：自感现象和自
34、感系数版权所有分析：线圈的特点是闭合时阻碍电流的增大，断开时产生一自感电动势相当于电源，与A组成闭合回路，L的右端电势高解答：解：在S断开前，自感线圈L中有向左的电流，断开S后瞬间，L的电流要减小，于是L中产生自感电动势，阻碍自身电流的减小，但电流还是逐渐减小为零原来跟L并联的电阻R，由于电源的断开，向左的电流会立即消失但此时它却与L形成了串联的回路，L中维持的正在减弱的电流恰好从电阻R中流过，方向由A到B因此，灯泡不会立即熄灭，而是渐渐熄灭故选：A点评：做好本类题目的关键是弄清线圈与哪种电器相配，结合线圈特点分析新组成的闭合回路的电流流向二、填空题（每空2分，共15×2=30分）1
35、7（4分）（2015春延边州校级期中）一闭合线圈在匀强磁场中做匀速转动，线圈的转速为240rad/min，当线圈平面转至与磁场方向平行时，线圈的电动势为2V，设线圈从中性面开始转动，则线圈所产生的电动势瞬时值表达式为2sin4tV，在s时的电动势为0.518V考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理版权所有专题：交流电专题分析：当线圈平面转至与磁场方向平行时，产生的感应电动势最大，结合峰值，得出从中性面开始计时电动势的瞬时表达式，从而求出解答：解：当线圈平面转至与磁场方向平行时，产生的感应电动势最大，则Em=2V，=240rad/min=4rad/s，则瞬时表达式e=Emsint=2sin4t
36、 V当在t=s时，E=2sin=V故答案为：2sin4t，0.518点评：解决本题的关键掌握感应电动势的瞬时表达式，知道线圈平面与磁场平行时，产生的感应电动势最大18（6分）（2015春延边州校级期中）如图甲所示，调压器装置可视为理想变压器，负载电路中R=55，A、V为理想电流表和电压表，电压表的示数为110V，若原线圈接入如图乙所示的正弦交变电压，则：电流表A2的示数为2A，A1的示数为1A，原线圈中电流的瞬时值表达式为：i=（A）考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，根据欧姆定律求出副线圈电流，再根据电压与匝数成正比即可求得结
37、论解答：解：根据欧姆定律得：，根据乙图可知，原线圈电压，则线圈匝数比，则，解得：I1=1A，属于原线圈电流的最大值，周期T=0.02s，角速度，则原线圈中电流的瞬时值表达式为i=（A）故答案为：2；1；i=（A）点评：本题要求我们能够根据图象得到我们需要的物理信息，掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题19（4分）（2011春涡阳县校级期末）一理想变压器，原线圈匝数n1=1100匝，接在电压220V的交流电源上，当它对11只并联的“36V，60W”灯泡供电时，灯泡正常发光，由此可知该变压器匝数n2=180，通过原线圈的电流I1=3A考点：变压器的构造和原理
38、版权所有专题：交流电专题分析：对11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光说明副线圈电压为36V，副线圈功率为1160W=660W，根据电压与匝数成正比，可以求得副线圈的匝数，根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可以求得原线圈中的电流强度I1解答：解：由11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光，可知：U2=36V；P2=660W根据得：n2=180匝根据U1I1=P2得：I1=3A故答案为：180，3A点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率20（4分）（2013春船营区校级期末）如图1所示
39、电路，一电感线圈和一个“220V40W“的灯泡串联，电路两端接在220V的交变电路中，如果将电感线圈的铁芯抽去，则灯泡的发光情况是变亮如图2所示的电路中，一个电容器和一个灯泡串联，接在交变电路中，灯泡恰能正常发光，若将电容器两板间距离增大些，则灯泡的发光情况是变暗考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用版权所有分析：将电容器两极板间距离增大，电容器的电容减小，电容C的容抗增大，再分析灯泡亮度的变化；而电感线圈对交流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，且与有无铁蕊有关解答：解：接入交流电后，因电感线圈虽对交流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，但也与铁蕊有关，当将电感线圈的铁芯抽去，导致电感线
40、圈L的阻碍作用减小，灯泡中的电流将变大，则灯泡亮度变亮将电容器两极板间距离增大，由电容的决定式C=，电容器的电容减小，电容C的容抗增大，而电压不变，则流过灯泡的电流减小，灯泡变暗故答案为：变亮、变暗点评：本题掌握电容的决定式和容抗与频率的关系是解答的关键，记住电感线圈是通低频阻高频，注意有无铁蕊的区别，基础题21（4分）（2015春延边州校级期中）从甲地通过某输电线向乙地输送1.0105kW电功率，如果用5.5103V电压送电，输电线上损失的电功率为4.0102kW；如果改用1.1105V电压送电，输电线上损失的电功率为1kW，若要求两次损失的电功率相同，则两次所用导线的横截面积之比为S1：S
41、2=400：1考点：远距离输电版权所有专题：交流电专题分析：根据P=UI求出输电线上的电流，结合P损=I2R得出输电线上损失的功率，根据U=IR求出电压损失根据损失的功率求出用户得到的功率解答：解：根据P损=I2R得出输电线上损失的功率与电流的平方成正比，由P=UI知后来的电流为原来电流的0.05倍，所以损失的功率为1kW；若要求两次损失的电功率相同，则低压输电时的电阻应该为高压输电时的倍，由R=知S1：S2=400：1故答案为：1，400：1点评：解决本题的关键知道输送功率、输送电压、电流的关系，知道用户得到的功率与输送功率和功率损失的关系22（6分）（2012秋渭滨区校级期末）一个200匝
42、、面积200cm2的圆线圈，放在一匀强磁场中，若磁场的方向与线圈平面垂直，现让磁感强度在0.05s内由0.1T均匀地增加到0.5T，在此过程中，穿过线圈的磁通量变化量是0.008Wb，磁通量的变化率是0.16Wb/s，线圈中感应电动势的大小是32V考点：法拉第电磁感应定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势，从而出现感应电流由法拉第电磁感应定律可得感应电动势的大小解答：解：圆线圈在匀强磁场中，现让磁感强度在0.05s内由0.1T均匀地增加到0.5T所以穿过线圈的磁通量变化量是：=21=（B2B1）S=0.008Wb而磁通量变化率为：则线圈中感
43、应电动势大小为：故答案为：0.008；0.16；32点评：感应电动势的大小与磁通量的变化率有关，而与磁通量变化及磁通量没有关系由此求出则是平均感应电动势，而瞬时感应电动势则由E=BLV，式中L是有效长度，V是切割磁感线的速度23（2分）（2015春延边州校级期中）一导体棒长为40cm，在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中做切割磁感线运动，速度为5m/s，棒在运动中能产生的感应电动势为0.2V考点：导体切割磁感线时的感应电动势版权所有分析：导体棒切割磁感线运动，由E=BLv求出感应电动势的最大值，由于导体棒的速度与磁场方向的夹角未知，所以可得到感应电动势的范围解答：解：当导体棒垂直切割磁感线运动时
44、，产生的感应电动势最大，为 Em=BLv=0.10.45V=0.2V故棒在运动中能产生的感应电动势为0.2V故答案为：0.2点评：本题是切割类型，关键要掌握公式E=BLv，要知道导体棒垂直切割磁感线运动时，产生的感应电动势最大三、计算题（6分+8分+8分=22分）24（6分）（2011秋朝阳区校级期末）如图所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为L，M、P两点之间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向竖直向下，导轨和金属杆的电阻可忽略让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金
45、属杆接触良好，不计金属棒与轨道之间的摩擦（重力加速度为g）（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及加速度的大小；（2）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度的最大值考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化版权所有分析：（1）由E=BLv求出感应电动势、由欧姆定律求出电流，由安培力公式求出安培力，由牛顿第二定律求出加速度（2）由平衡条件求出最大速度解答：解：（1）ab杆速度为v时，感应电动势：E=BLvcos，感应电流：I=，ab杆受到的安培力：F=BIL=，由牛顿第二定律得：mgsinFcos=ma，解得： a=gsin；（2）当ba杆匀速运动时，
46、速度最大，由平衡条件得：mgsin=cos，解得，最大速度：v=；答：（1）ab杆中的电流为：，加速度的大小为gsin； （2）在下滑过程中，ab杆可以达到 的速度的最大值为点评：本题考查了求电流、加速度、最大速度问题，分析清楚杆的运动过程、应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、牛顿第二定律与平衡条件即可正确解题25（8分）（2015春延边州校级期中）有n=10匝的矩形线圈，每匝都是长50cm，宽20cm，线圈总电阻10，在B=2T的匀强磁场中以角速度=50rad/s旋转线圈与R=10的外电阻连接，图中的电流表、电压表的接入不影响原电路求：（1）流过电阻电流的瞬时表达式（从中性面开始计时）；（
47、2）电流表、电压表的读数；（3）1min内产生的热量考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系版权所有专题：交流电专题分析：（1）从中性面开始计时电动势的瞬时表达式e=Emsint，Em=nBS（2）交流电表测量交流电的有效值由E=0.707Em求出电动势的有效值，由欧姆定律求出电压与电流的有效值（3）根据焦耳定律求解1min内产生的热量解答：解：（1）感应电动势的最大值Em=nBS=1020.50.250V=100V从中性面开始计时电动势的瞬时表达式e=Emsint=100sin50tV （2）电流的有效值I=，则电流表读数为，路端电压有效值U=IR=25V，电压表的读数25V （3）1min内
48、产生的热量：Q=I2（R+r）t=1.5104J答：（1）从中性面开始计时电动势的瞬时表达式为100sin50tV（2）电流表、电压表的读数分别为和25V（3）1min内产生的热量是1.5104J点评：对于交流电瞬时值表达式要注意计时起点，不同的计时起点，初相位不同，只有从中性面计时时，表达式为Emsint26（8分）（2015春延边州校级期中）如图所示某电厂要将电能输送到较远的用户，输送的总功率为9.8104W，电厂输出电压仅350V，为减少输送功率损失，先用一升压变压器将电压升高再输送，在输送途中，输电线路的总电阻为4，允许损失的功率为输送功率的5%，求用户所需电压为220V时，升压、降压
49、变压器的原、副线圈的匝数比各是多少？考点：远距离输电版权所有专题：交流电专题分析：变压器匝数之比等于电压之比；由输电线上功率的损失可求得高压输电中的电流，由功率公式可求得升压变压器输出电压，则可求得升压变压器的匝数比；电压损失可求得降压变压器原线圈端的电压，则可求得降压变压器的匝数之比解答：解：允许消耗的功率P1=5%9.8104W=4.9103W； 由P1=I2R可知，输电线上的电流I=A=35A； 则由P=UI得：输电电压应为U=2800V；则升压变压器的匝数之比为：=；输电线上损失的电压U=IR=354V=140V；故降压变压器上得到的电压为U3=U2U=2800140=2660V； 则降压变压器匝数之比：=； 答：升压变压器匝数之比为1：8，降压变压器匝数之比为133：11点评：远距离输电中变压器两端的电功率不变，只有输电线上有功率的损失，故应以输电线上功率损失为突破
