1、秘密启用前巍山二中2023届高一春季学期第一次月考试卷物理本试卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。第I卷第1页至第3页，第卷第3页至第4页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时120分钟。第I卷（选择题，共48分）注意事项:1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求；第912题有多项
2、符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.如图1所示，执行任务的“歼20”战机正沿直线斜向下加速俯冲。将“歼20”简化为质点，用G表示它受到的重力，F表示除重力外其他作用力的等效力则能正确表示此过程中战机受力情况的是A.B.C.D.2.如图2所示，质量均为m的两小球A、B用轻绳相连并悬挂在天花板上O点，现用一水平力缓慢拉小球B，当轻绳OA与水平天花板的夹角为45时（重力加速度为g），水平力F的大小为A.2mgB.mgC.mgD.mg3.矿井提升机可以运输矿井中的人和物，如图3所示。某一矿井深度为80m，提升机最大运行速度8m/s，加速度大小不超过1m/s2。某次提
3、升机运送矿物时，所用的时间为最短时间，且运行到矿井井口时速度为0，则对此次提升机运送矿物的过程，下列说法正确的是A.提升机加速至最大速度后立即减速B.提升机运行的总时间为18sC.提升机加速时间和减速时间均为6sD.提升机加速阶段运行的位移为64m4.如图4所示，一只老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，则关于老鹰受力的说法正确的是A.老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用B.老鹰受重力和空气对它的作用力C.老鹰受重力和向心力的作用D.老鹰受空气对它的作用力和向心力的作用5.一两岸平行的河流，宽为300m，水流速度大小为3.5m/s。一汽艇从岸边的某点渡河，渡河过程中保持船头指向与河岸下游夹角
4、为53。已知汽艇在静水中的速度大小为7.5m/s，sin53=0.8，cos53=0.6，则汽艇渡河的时间为A.30sB.40sC.50sD.60s6.如图5甲所示，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度，某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4（如图乙），下列说法正确的是A.电脑受到的支持力变小B.电脑受到的摩擦力变大C.散热底座对电脑的作用力的合力竖直向上D.电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力7.2022年冬奥会将在北京和张家口市联合举行。如图6所示，雪运动员备战训练过程中，从斜坡顶端以8m/s的速度水平飞出，g=10m/s2，空气阻力忽略不
5、计。运动员从飞出到速度偏转45所用的时间是A.0.6sB.0.8sC.1.0sD.1.2s8.中学生常用的学习用具修正带的结构如图7所示，包括上下盖座，大小齿轮，压嘴座等部件。大小齿轮分别嵌合于大小轴孔中，大小齿轮相互吻合，a，b点分别位于大小齿轮的边缘且ra=2rb。c点在大齿轮的半径中点，当修正带被匀速拉动进行字迹修改时A.大小齿轮的转向相同B.a点的线速度比b点大C.b、c两点的角速度相同D.b点的向心加速度最大9.如图8所示，水平地面上的一名滑板运动员双脚站在滑板上以一定的速度匀速向前滑行，在横杆前起跳并越过杆，从而使人与滑板分别从杆的上下通过。假设人和滑板动过程中受到的各种阻力忽略不
6、计，运动员能顺利完成该动作，最终仍能落在滑板上原来的位置。要使整个表演成功，则下列说法正确的是A.滑行过程中，运动员对滑板的作用力和滑板对运动员的作用力大小相等B.滑行过程中，运动员对滑板的作用力和运动员的重力大小相等C.起跳过程中，运动员对滑板的作用力和运动员的重力大小相等D.起跳过程中，滑板对运动员的作用力方向向上偏前10.a、b两物体沿同一直线运动，运动的位移一时间（x-t）图像如图9所示。分析图像可知A.t1时刻两物体的运动方向相同B.t1t2时间内的某时刻两物体的速度相等C.t1t2时间内两物体运动的路程不等D.t2时刻b物体从后面追上a物体11.如图10甲所示，某同学对着竖直墙面练
7、习投篮（乙为简化图），在同一高度的A，B两点先后将球斜向上投出，球均能垂直打在竖直墙上的同一点P不计空气阻力，则关于球投出后在空中的运动，下列说法正确的是A.第一次球被抛出的速度大B.第一次球被抛出时的速度与竖直方向夹角小C.第二次在空中运动的时间长D.两次球的速度变化量相同12.如图11所示，用长为l的细绳拴着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的是A.小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力B.小球在最高点时绳子的拉力不可能为零C.若小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为D.小球过最低点时绳子的拉力一定大于小球重力第卷（非选择题，共52分）注意事项:第卷用
8、黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区域内作答，在试题卷上作答无效。二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分）13.（6分）如图12甲所示，某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图乙所示的a-F图像。（1）本实验中是否仍需要沙和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量_（填“是”或“否”）。（2）图线（乙图中）不过坐标原点的原因是_。（3）由图像求出小车和传感器的总质量为_kg。（结果保留两位有效数字）14.（10分）在用斜槽轨道做“研究平抛物体运动”的实验中:（1
9、）斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是_。A.保证小球飞出时有适当的速度大小B.保证小球飞出时速度沿水平方向C.保证小球在空中运动的时间每次都相等D.保证小球运动的轨道是一条抛物线（2）实验简要步骤如下:A.让小球多次从_释放，在印有小方格的纸上（小方格的边长l=1.25cm）记下小球碰到铅笔笔尖的位置，如图13中a、b、c、d所示；B.安装器材时，注意让斜槽末端水平，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线；C.取下印有小方格的纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立平面直角坐标系，用平滑曲线画出物体的运动轨迹；上述实验步骤的合理顺序是_。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，
10、则小球平抛的水平初速度v0=_（用l、g表示），其值是_m/s（取g=9.8m/s2，结果保留1位小数）。三、计算题（本大题共4小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（8分）将一质量为0.2kg的小球从距地面h=45m的高度处，以v=40m/s的初速度水平抛出，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2。求:（1）小球在空中运动的时间；（2）小球的水平射程;（3）落地时速度的大小。16.（8分）如图14所示，轨道ABCD的AB段为一半径R=0.2m的光滑圆形轨道，BC段为高h=5m的竖直轨道
11、，CD段为水平轨道。一质量为0.2kg的小球从A点由静止开始下滑，到达B点时速度大小为2m/s，离开B点做平抛运动（g=10m/s2）求:（1）小球离开B点后，在CD轨道上的落地点到C点的水平距离；（2）小球到达B点时对圆形轨道的压力大小。17.（10分）如图15所示，有一质量m=1kg的物块原来静止在轨道ABC上的A点，水平部分AB=3m，倾斜部分BC足够长且与水平面成=37角。从某时刻开始物块受到与水平方向成37的恒力F=10N作用2.2s，已知物块与轨道ABC间的动摩从某时刻开始物块受到与水平方向成37的恒力F=10N作用数均为=0.5，过B点时速度大小不发生变化。求:（1）物块在F作用
12、下AB段的加速度a1的大小；（2）物块在BC上速度等于零时到B的距离。18.（10分）跳台滑雪是一种勇敢者的滑雪运动，运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定速度后从跳台飞出，在空中飞行一段距离后着陆。现有某运动员从跳台a处沿水平方向飞出，在斜坡b处着陆，如图16所示。测得ab间的距离L=40m，斜坡与水平方向的夹角为30，不计空气阻力，g=10m/s2。求（1）运动员在a处的速度大小和在空中飞行的时间；（2）运动员在空中离坡面的最大距离。巍山二中2023届高一春季学期第一次月考试卷物理参考答案第卷（选择题，共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，
13、第18题只有一项符合题目要求；第912题有多项符合题目要求，全部选对的给4分，选对但不全的给2分，有选错的给0分）题号123456789101112答案AABBCCBDABBCDBDCD【解析】1.执行任务的“歼20”战机正沿直线斜向下加速俯冲，则所受的合力方向和运动方向在同一直线上，否则就要做曲线运动，故A正确。2.以A、B组成的整体为研究对象，受到重力、OA绳的拉力F和水平力F，由平衡条件可得，竖直方向上有FTsin45=2mg。水平方向上有FTcos45=F。联立得F=2mg，故A正确。3.在加速阶段，所需时间为，通过的位移为，减速阶段与加速阶段所需时间相同，位移相同，则匀速阶段所需时间
14、为，总时间为t=2t1+t2=18s，故B正确。4.老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，合力指向圆心，提供向心力，则老鹰受到的重力和空气对它的作用力的合力提供向心力，向心力是效果力，不是老鹰受到的，故B正确。5.汽艇在静水中的速度大小为v=7.5m/s，河宽为d=300m，汽艇垂直河岸方向的速度v垂直=vsin53，汽艇渡河的时间为，故C正确。6.电脑在散热座上受到重力、散热座的支持力和摩擦力的作用保持平衡状态，受力分析如图所示。根据平衡状态的条件可得支持力大小为N=mgcos，摩擦力大小为f=mgsin，当卡位1调至卡位4时，倾角变小，则电脑受到的摩擦力变小，支持力变大，故A、B错误。散热底座
15、对电脑的作用力即为支持力与摩擦力的合力，支持力与摩擦力的合力与电脑的重力等大反向；根据“三角形两边之和大于第三边”可判断，支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力，故C正确，D错误。7.设运动员从飞出到速度偏转45所用的时间为t，由速度的偏角公式可得tan45=，代入数据可得t=0.8s，故B正确。8.大小齿轮相互吻合，同缘传动时，边缘点的线速度大小相等，方向相反，故A、B错误。根据v=r，解得a:b=rb:=1:2。同轴传动时，角速度相等，故a=c，所以b点与c点的角速度不相同，故C错误。根据a=2r，b、c点的向心加速度大小之比为，b点的向心加速度最大，故D正确。9.滑行过程中，运动员对滑板的
16、作用力和滑板对运动员的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，故A正确。滑行过程中，匀速向前滑行，滑板对运动员的作用力为支持力，支持力的大小等于运动员的重力大小，故B正确运动员在起跳的过程中向上加速，故支持力大于重力，运动员对滑板的作用力大小大于运动员的重力大小，故C错误。运动员竖直起跳，由于本身就有水平初速度，所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动。各分运动具有等时性，水平方向的分运动与滑板的运动情况一样，最终落在滑板的原位置。所以竖直起跳时，对滑板的作用力应该是竖直向下，故错误。10.图像的切线斜率表示速度，t1时刻a的速度为正、b的速度为负，运动方向相反，故A错
17、误。t1t2时间内有一点N，在这一点b图像的斜率与a图像的斜率相等，即二者速度相等（临界点），故B正确。t1时刻和t2时刻，二者位置坐标均相等，则t2时间内两物体位移相等。但该过程中，a始终正向运动，b先负向、后正向运动，则二者运动的路程不等，故C正确。t2时刻两物体在同一位置，之前一段时间二者速度方向相同，且b的速度大于a的速度，则b从后面追上a，故D正确。11.将球投出后运动到P点的过程看成平抛运动的逆过程，由于两次高度相同，因此时间相同，故C错误。由可知，两次抛出时速度的竖直分量相同，由于第一次水平位移小，因此水平分速度小，合速度小，故A错误。设抛出的速度和竖直方向的夹角为，则有，第一次
18、抛出时水平速度小，则合速度与竖直方向的夹角小，故B正确。两次球的速度变化量v=gt相同，故D正确。12.在最高点若速度比较大，则有，所以向心力不一定由重力提供，故A错误。当在最高点速度，此时F=0，重力提供向心力，此时的速度是物体做圆周运动在最高点的最小速度，故B错误，C正确。在最低点有，拉力一定大于重力，故D正确。第卷（非选择题，共52分）二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分）13.（每空2分，共6分）（1）否（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（3）1.0【解析】（1）本实验中有力传感器测量小车受到的拉力，则不需要沙和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量。（2）由图像可知，当力F达到一
19、定值时小车才有加速度，可知图线不过坐标原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。（3）由图像可知，则小车和传感器的总质量为M=1.0kg。14.（每空2分，共10分）（1）B（2）A.同一位置BAC 0.7【解析】（1）斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是保证小球有水平初速度，做平抛运动，故B正确，A、C、D错误。（2）让小球多次从同一位置滚下，是为了使小球到达斜槽末端的速度相同；实验步骤的合理顺序是BAC。设相邻两点间的时间间隔为T，竖直方向上有，可得。水平方向上有，代入数据解得v0=0.7m/s。三、计算题（本大题共4小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只
20、写出最后答案不能得分。有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）15.（8分）解:（1）平抛运动竖直方向是自由落体运动，根据 代入数据，可得落地时间 （2）平抛运动在水平方向是匀速直线运动，所以水平射程x=v0t=403m=120m （3）落地时竖直速度vy=gt=310m/s=30m/s 落地速度的大小v合= 评分标准:本题共8分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。16.（8分）解:（1）小球离开B点后做平抛运动，有 解得x=2m 所以小球在CD轨道上的落地点到C的水平距离为2m（2）在圆弧轨道的最低点B，设轨道对其支持力为N，由牛顿第二定律可知 解得N=6N 根据牛顿第三定律可得，
21、球到达B点时对圆形轨道的压力为6N 评分标准:本题共8分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。17.（10分）解:（1）AB段对物体受力分析，竖直方向有G=Fsin+FN 水平方向有Fcos-FN=ma1 解得a1=6m/s2 （2）AB段，由公式， 解得vB=6m/s，t1=1s 过B点后，在斜面上有F=mgsin+mgcos 故在接下来的t2=1.2s内物体做匀速运动，位移x1=vBt2=7.2m 撤去恒力F后，物体做匀减速运动ma2=mgsin+mgcos 解得x2=1.8m，故物块在BC上速度等于零时到B的距离 评分标准:本题共10分。正确得出式各给1分。18.（10分）解:（1）运动员从a处运动到b处，做平抛运动，根据平抛运动规律 解得t=2s （2）当运动员的速度方向与坡面平行时，运动员离坡面最远，则 解得t=1s 根据正交分解法，将运动员的运动分解到垂直斜面向上方向和沿斜面向下方向的两个分运动，在垂直斜面方向上，做匀减速直线运动，初速度 加速度ay=gcos30 设最远距离为h，则 解得 评分标准:本题共10分。正确得出式各给1分。
