1、2015-2016学年山东省潍坊市临朐县高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符号题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步下列说法中正确的是（）A开普勒通过对行星观测记录的研究发现了万有引力定律B卡文迪许测出了引力常量的数值C牛顿运动定律是自然界普遍适用的基本规律之一D牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点2如图，一个人站在水平地面
2、上的长木板上用力F向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m，重力加速度为g，则（）A箱子受到的摩擦力方向向右B地面对木板的摩擦力方向向左C木板对地面的压力大小为3mgD若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3mg3汽车从A点由静止开始沿直线ACB做匀变速直线运动，第4s末到达C点并关闭发动机匀减速前进，再经6s到达B点停止已知AB长为30m，则下列说法正确的是（）A通过C点时速度大小为6m/sBBC段位移为12mC第5s末的速度大小为2m/sD汽车在AC段平均速度大于CB段平均速度42013年10月3日发生天王星“冲日”现象，此时天王星、地球、太阳位于同一条直线上，
3、地球和天王星距离最近，每到发生天王星“冲日”，就是天文学家和天文爱好者观测天王星最佳的时机用天文望远镜可以观察到这颗美丽的淡蓝色的天王星若把地球、天王星围绕太阳的运动当做匀速圆周运动，并用T1、T2分别表示地球、天王星绕太阳运动的周期，则到下一次天王星冲日需要的时间为（）AT2T1BT2+T1CD5如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面弹簧一直在弹性限度内，则（）A两个阶段拉力做的功相等B拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C第一阶段，
4、拉力做的功等于A的重力势能的增加量D第二阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量6如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘设乒乓球运动为平抛运动则（）A击球点的高度与网高度之比为2：1B乒乓球在网左右两侧运动时间之比为1：2C乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：27据报道：2014年3月27日，泰国通过“北斗卫星”搜寻马航失联客机时，在南印度洋发现了大约300个疑似与失联客机有关的漂浮物“北斗卫星”系统的核心功能是导航和定位据了解，使用国产北斗技术的
5、导航系统呈高清画面，精准误差不超过2m，是美国GPS（技术误差6m）精准度的3倍“北斗卫星”系统中两颗质量不相等（m1m2）的工作卫星在轨道半径为r的同一轨道绕地心O做逆时针的匀速圆周运动，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，如图所示，已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，AOB=60，则以下判断正确的是（）A卫星1的加速度a1大于卫星2的加速度a2B卫星2向后喷气加速能追上卫星1C卫星1和卫星2的动能大小相等D卫星2由位置B运动到位置A所需的最短时间为8如图所示，圆心在O点、半径为R的光滑圆弧轨道ABC竖直固定在水平桌面上，OC与OA的夹角为60，轨道最低点A与桌面相切，一
6、足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的两小球，均可视为质点，m1=3m2，挂在圆弧轨道光滑边缘C的两边，开始时m1位于C点，从静止释放则m1滑到A点时（）Aml的速度为Bml的速度为2Cm2的速度为Dm2的速度为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9某同学研究小滑块在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲所示主要的实验过程：（）用游标卡尺测量挡光片宽度d，读数如图
7、乙所示，则d=mm；（） 让小滑块车从斜面上某一位置释放，读出小滑块通过光电门时数字毫秒计示数t；（） 用刻度尺量出小滑块停止运动时挡光片与光电门间的距离L；（） 求出小滑块车与木板间摩擦力f= （用物理量m、d、L、t表示）；若实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，这种做法是否合理？ （选填“合理”或“不合理”）实验中，小滑块释放的高度要适当高一些，其目的是减少误差（选填“系统”或“偶然”）10某实验小组通过研究发现，采用如图所示装置可以得到小车和小盘的质量，步骤如下：（1）取一盒总质量为m0=0.2kg的砝码放置在小车上，不挂小盘，调节斜木板的倾角，使小车能匀速滑下；
8、（2）挂上小盘，使小车无初速滑下，用打点计时器打出纸带，并根据纸带计算加速度；（3）从小车上取质量为mx的砝码放到小盘中，重复步骤（2），测出对应的加速度；（4）改变mx的大小，重复步骤（3），得到mx及a的数据，作出amx的图线；步骤（1）中调节木板的倾角使小车能匀速下滑的目的是通过实验判断小车做匀速运动的依据是该实验中是否应该满足小车和砝码的质量远大于小盘和砝码的质量？（选填“是”或“否”）若求得图线的斜率k=25m/（kgs2），截距b=0.5m/s2，g取10m/s2，则可知小盘的质量m1=kg，小车的质量m2=kg11如图所示，半径为R的光滑半圆形轨道ABC在竖直平面内，与水平轨道C
9、D相切于C点，D端有一被锁定的轻质压缩弹簧，弹簧左端连接在固定的挡板上，弹簧右端Q到C点的距离为3R质量为m的滑块（视为质点）从轨道上的P点由静止滑下，刚好能运动到Q点，并能触发弹簧解除锁定，然后滑块被弹回，且从A点抛出后刚好能通过落到Q点已知POC=60，求：（1）滑块第二次滑至圆形轨道最低点C时对轨道压力；（2）弹簧被锁定时具有的弹性势能12如图甲所示，质量M=2.0kg的木板A静止在光滑水平面上，木板足够长在木板的左端放置一个质量m=1.0kg的小铁块B，铁块与木板间的动摩擦因数=0.2，对铁块施加水平向右的拉力F，F大小随时间变化如图乙所示，7s时撤去拉力，可认为A、B间的最大静摩擦力
10、与滑动摩擦力大小相等，取重力加速度g=l0m/s2求：（1）01s内，A、B的加速度大小aA、aB；（2）B相对A滑行的最大距离s；（3）长木板A的最大速度（二）选考题：共45分请考生在给出的3道物理题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号的方框涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做则按所做的第一题计分物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）A悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B空气的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的
11、缘故E干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果14如图，两气缸AB粗细均匀，等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外，其余部分均绝热两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央（）现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b升至顶部时，求氮气的温度；（）继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强物理一选修3-4】1
12、5下列说法正确的是（）A光在介质中传播的速度仅由介质本身所决定B雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C泊松亮斑是光通过圆孔发生衍射时形成的D水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故E赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在16用折射率为n的透明物质做成内、外径分别为a、b的球壳，球壳的内表面涂有能完全吸收光的物质，如图所示，当一束平行光从左侧射向该球壳时，被吸收掉的光束在射进球壳左侧外表面前的横截面积有多大？【物理-选修3-5】17如图1所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图
13、2所示则光电子的最大初动能为J，金属的逸出功为J18如图所示，质量为km的斜劈，其中k1，静止放在光滑的水平面上，斜劈的曲面光滑且为半径为R的四分之一圆面，圆面下端与光滑水平面相切一质量为m的小球位于水平面上某位置，现给小球水平向右的初速度v0若R足够大，求当小球从斜劈滑下离开时小球的速度v1；若小球向右滑上斜劈刚好没有越过圆面上端，求k的取值2015-2016学年山东省潍坊市临朐县高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符号题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选
14、错的得0分1物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步下列说法中正确的是（）A开普勒通过对行星观测记录的研究发现了万有引力定律B卡文迪许测出了引力常量的数值C牛顿运动定律是自然界普遍适用的基本规律之一D牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点【考点】物理学史 【专题】常规题型【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、开普勒通过对行星观测记录的研究发现了行星运动规律，故A错误；B、卡文迪许测出了引力常量的数值，故B正确；C、牛顿运动定律只适用于宏观低速的情况，并不是
15、自然界普遍适用的基本规律之一，故C错误；D、伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点，故D错误；故选：B【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m，重力加速度为g，则（）A箱子受到的摩擦力方向向右B地面对木板的摩擦力方向向左C木板对地面的压力大小为3mgD若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分
16、析】对箱子受力分析，根据平衡条件判断其受静摩擦力方向；对三个物体的整体受力分析，根据平衡条件判断地面对整体的支持力和静摩擦力情况【解答】解：A、人用力F向右推箱子，对箱子受力分析，受推力、重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，箱子受到的摩擦力方向向左，与推力平衡，故A错误；B、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，不是静摩擦力，否则不平衡，故地面对木板没有静摩擦力，故B错误；C、对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，根据平衡条件，支持力等于重力；根据牛顿第三定律，支持力等于压力；故压力等于重力，为3mg；故C正确；D、若人用斜向下的力推箱子，三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，故压
17、力依然等于3mg，故D错误；故选：C【点评】本题关键是采用隔离法和整体法灵活地选择研究对象，然后根据共点力平衡条件列式判断，基础题目3汽车从A点由静止开始沿直线ACB做匀变速直线运动，第4s末到达C点并关闭发动机匀减速前进，再经6s到达B点停止已知AB长为30m，则下列说法正确的是（）A通过C点时速度大小为6m/sBBC段位移为12mC第5s末的速度大小为2m/sD汽车在AC段平均速度大于CB段平均速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】直线运动规律专题【分析】设C点的速度为v，结合平均速度的推论，抓住位移之和等于30m求出C点的速度，从而根据平均速度推论求出AC段的位移大小【解
18、答】解：A、设C点的速度为v，根据平均速度的推论有：x=，代入数据解得v=6m/s故A正确B、BC段的位移故B错误C、4s末后汽车开始做匀减速运动，速度均匀减小，经6s速度减至0，每秒速度减小v=m/s=1m/s，则第5s末的速度大小为v5=v1=61=5m/s，故C错误D、因为汽车在AC段的初速度等于CB段的末速度，AC段的末速度等于CB段的初速度，根据平均速度的推论知，平均速度相等故D错误故选：A【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用42013年10月3日发生天王星“冲日”现象，此时天王星、地球、太阳位于同一条直线上，地球和天王星距离最近，每到发生天王星“
19、冲日”，就是天文学家和天文爱好者观测天王星最佳的时机用天文望远镜可以观察到这颗美丽的淡蓝色的天王星若把地球、天王星围绕太阳的运动当做匀速圆周运动，并用T1、T2分别表示地球、天王星绕太阳运动的周期，则到下一次天王星冲日需要的时间为（）AT2T1BT2+T1CD【考点】万有引力定律及其应用 【专题】万有引力定律的应用专题【分析】研究天王星、地球绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出角速度天王星、地球绕太阳做匀速圆周运动，当地球转过的角度与天王星转过的角度之差等于2时，再一次相距最近【解答】解：研究天王星、地球绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，有：=m2r=，它们
20、再一次相距最近时，一定是地球比天王星多转了一圈，有：1t2t=21=，2=又：=mrT=2，解得：t=，故选：C【点评】本题考查万有引力定律和圆周运动知识的综合应用能力向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用5如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面弹簧一直在弹性限度内，则（）A两个阶段拉力做的功相等B拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C第一阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量D第二阶段，拉力做的功等于A的
21、重力势能的增加量【考点】功能关系；机械能守恒定律 【分析】应用平衡条件求出弹簧压缩与伸长时的形变量关系，然后应用动能定理求出拉力的功，根据功的表达式分析答题【解答】解：开始时A压缩弹簧，形变量为x1=；要使B刚要离开地面，则弹力应等于B的重力，即kx2=mg，故形变量x2=，则x1=x2=x，A、缓慢提升物体A，物体A的动能不变，第一阶段与第二阶段弹簧的形变量相同，弹簧的弹性势能EP相同，由动能定理得：W1+EPmgx=0，W2EPmgx=0，W1=mgxEP，W2=mgx+EP，则：W1W2，故A错误；B、由于在整个过程中，弹簧的弹性势能不变，物体A、B的动能不变，B的重力势能不变，由能量守
22、恒定律可知，拉力做的功转化为A的重力势能，拉力做的总功等于A的重力势能的增加量，故B正确；C、由A可知，W1=mgxEP，物体重力势能的增加量为mgx，则第一阶段，拉力做的功小于A的重力势能的增量，故C错误；D、由A可知，W2=mgx+EP，重力势能的增加量为mgx，则第二阶段拉力做的功大于A的重力势能的增加量，故D错误；故选：B【点评】本题对学生要求较高，在解题时不但要能熟练应用动能定理，还要求能分析物体的运动状态，能找到在拉起物体的过程中弹力不做功6如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘设乒乓
23、球运动为平抛运动则（）A击球点的高度与网高度之比为2：1B乒乓球在网左右两侧运动时间之比为1：2C乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2【考点】平抛运动 【专题】平抛运动专题【分析】乒乓球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可【解答】解：A、B、因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，由x=v0t得：乒乓球在网左右两侧运动时间之比为1：2球在竖直方向做自由落体运动，根据h=gt2可知，击球点的高度与网高之比为 9：
24、8，故A错误，B正确；C、球恰好通过网的上沿的时间为落到右侧桌边缘的时间的，竖直方向做自由落体运动，根据v=gt可知，球恰好通过网的上沿的竖直分速度与落到右侧桌边缘的竖直分速度之比为1：3，根据v=可知，乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比不是1：2，故C错误；D、网右侧运动时间是左侧的两倍，v=gt，所以乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2；故D正确；故选：BD【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解7据报道：2014年3月27日，泰国通过“北斗卫星”搜寻马航失联客机时，在南印度洋发现了大约300个疑似与失联客
25、机有关的漂浮物“北斗卫星”系统的核心功能是导航和定位据了解，使用国产北斗技术的导航系统呈高清画面，精准误差不超过2m，是美国GPS（技术误差6m）精准度的3倍“北斗卫星”系统中两颗质量不相等（m1m2）的工作卫星在轨道半径为r的同一轨道绕地心O做逆时针的匀速圆周运动，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，如图所示，已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，AOB=60，则以下判断正确的是（）A卫星1的加速度a1大于卫星2的加速度a2B卫星2向后喷气加速能追上卫星1C卫星1和卫星2的动能大小相等D卫星2由位置B运动到位置A所需的最短时间为【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 【
26、专题】万有引力定律的应用专题【分析】卫星做圆周运动，由万有引力提供向心力，列式得到加速度和周期的表达式，分析加速度的关系，由运动学公式求解卫星1由位置A运动到位置B所需的时间；当卫星在引力方向上没有位移时引力不做功【解答】解：A、卫星做圆周运动，由万有引力提供向心力，则有： =ma=mr=ma=，两卫星的轨道半径相同，所以加速度大小相等，故A错误B、卫星2向后喷气时需要加速，所需要的向心力增大，而万有引力不变，卫星将做离心运动，轨道半径增大，不可能追上卫星1，故B错误C、v=，两卫星的线速度大小相等，两颗质量不相等（m1m2），所以卫星1和卫星2的动能大小不相等，故C错误；D、物体地球表面时，
27、重力等于万有引力，则得： =mg，T=2 所以卫星1由A到B所需时间 t=，故D正确；故选：D【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，以及重力等于万有引力，运用万有引力定律和圆周运动的规律结合列式分析8如图所示，圆心在O点、半径为R的光滑圆弧轨道ABC竖直固定在水平桌面上，OC与OA的夹角为60，轨道最低点A与桌面相切，一足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的两小球，均可视为质点，m1=3m2，挂在圆弧轨道光滑边缘C的两边，开始时m1位于C点，从静止释放则m1滑到A点时（）Aml的速度为Bml的速度为2Cm2的速度为Dm2的速度为【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用
28、 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】AB两个小球用绳子连在一起，说明沿绳子方向的速度是一样的，根据几何关系求出到达A点时，AB两球速度关系，把m1和m2两小球看成一个整体，从C到A的过程中，根据动能定理列式，联立方程即可求解【解答】解：m1由C点下滑到A点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，设此时ml的速度为v1，m2的速度为v2，根据几何关系有：v1cos30=v2把m1和m2两小球看成一个整体，根据动能定理得：m1gR（1cos60）m2gR=，且m1=3m2，由解得：，故BC正确故选：BC【点评】本题解题的关键是对两个小球运动情况的分析，知道两球沿绳子方向的速度是一样的，并能结合动
29、能定理、几何关系解题，难度适中三、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9某同学研究小滑块在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲所示主要的实验过程：（）用游标卡尺测量挡光片宽度d，读数如图乙所示，则d=8.02mm；（） 让小滑块车从斜面上某一位置释放，读出小滑块通过光电门时数字毫秒计示数t；（） 用刻度尺量出小滑块停止运动时挡光片与光电门间的距离L；（） 求出小滑块车与
30、木板间摩擦力f= （用物理量m、d、L、t表示）；若实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，这种做法是否合理？不合理 （选填“合理”或“不合理”）实验中，小滑块释放的高度要适当高一些，其目的是减少系统误差（选填“系统”或“偶然”）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素 【专题】实验题【分析】游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度得出小滑块通过光电门的瞬时速度，结合速度位移公式求出匀减速运动的加速度大小，通过牛顿第二定律求出滑块与木板间的摩擦力【解答】解：游标卡尺的主尺读数为8mm，游标读数为10.02=0.02mm，则最终读数为8
31、.02mm滑块通过光电门的速度，根据速度位移公式得，滑块匀减速运动的加速度大小a=，根据牛顿第二定律得，f=ma=实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，则用平均速度表示瞬时速度误差变大，这种做法不合理在实验中用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，存在一定的误差，该误差无法避免，属于系统误差，小滑块释放的高度要适当高一些，通过光电门的时间变短，可以减小系统误差故答案为：（）6.00；（）； 不合理；系统【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，掌握极限的思想在物理中的运用，即极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小10某实验小组通过研究发现，采用如图所示装置可以得到小车和小
32、盘的质量，步骤如下：（1）取一盒总质量为m0=0.2kg的砝码放置在小车上，不挂小盘，调节斜木板的倾角，使小车能匀速滑下；（2）挂上小盘，使小车无初速滑下，用打点计时器打出纸带，并根据纸带计算加速度；（3）从小车上取质量为mx的砝码放到小盘中，重复步骤（2），测出对应的加速度；（4）改变mx的大小，重复步骤（3），得到mx及a的数据，作出amx的图线；步骤（1）中调节木板的倾角使小车能匀速下滑的目的是平衡摩擦力通过实验判断小车做匀速运动的依据是打点计时器打出的纸带点迹分布均匀该实验中是否应该满足小车和砝码的质量远大于小盘和砝码的质量？否（选填“是”或“否”）若求得图线的斜率k=25m/（kgs
33、2），截距b=0.5m/s2，g取10m/s2，则可知小盘的质量m1=0.02kg，小车的质量m2=0.18kg【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系 【专题】实验题【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项对于直线图象，我们一般从直线的斜率、截距、特殊点这几个方面去考虑，而斜率、截距、特殊点在物理问题中都有一定的物理意义我们需要运用物理规律把amx图线的斜率、截距物理意义表示出来【解答】解：调节木板倾角使小车能匀速滑下的目的是为了平衡小车所受的摩擦力判定小车作匀速运动的依据是用打点计时器打出的纸带上的点迹分布均匀本实验不需要让盘和砝码的总重力等于
34、小车受到的合外力，所以不需要满足小车和砝码的质量远大于小盘和砝码的质量；挂上小盘，使小车无初速度下滑，用打点计时器打出纸带，并根据纸带计算出加速度；设小车质量为M车，小桶的质量为m盘，对小桶分析：（m盘+mx）gF拉=（m盘+mx）a对小车分析：F拉=（M车+m0mx）a解得：a=对于amx图线，为截距，为斜率而图线的斜率k=25m/（kgs2），截距b=0.5m/s2，解得：m1=0.02kg，m2=0.18kg故答案为：平衡摩擦力；打点计时器打出的纸带点迹分布均匀；否；0.02；0.18【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项其中平衡摩擦力的原因以
35、及做法在实验中应当清楚11如图所示，半径为R的光滑半圆形轨道ABC在竖直平面内，与水平轨道CD相切于C点，D端有一被锁定的轻质压缩弹簧，弹簧左端连接在固定的挡板上，弹簧右端Q到C点的距离为3R质量为m的滑块（视为质点）从轨道上的P点由静止滑下，刚好能运动到Q点，并能触发弹簧解除锁定，然后滑块被弹回，且从A点抛出后刚好能通过落到Q点已知POC=60，求：（1）滑块第二次滑至圆形轨道最低点C时对轨道压力；（2）弹簧被锁定时具有的弹性势能【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力 【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】（1）由P到C的过程根据动能定理求解滑至C点时的速度，根据牛顿第二定律求解支持力
36、； （2）分别对PQ和Q到C到A的过程根据能量守恒列式，联立即可求得弹簧的弹性势能【解答】解：（1）设滑块第一次滑至C点时的速度为vC，圆轨道C点对滑块的支持力为FN，由C到A的过程，由机械能守恒可得：mvA2=mgR=mvC2竖直方向上有：2R=gt2；水平方向3R=vAtC点：FNmg=m，代入数据解得：FN=由牛顿第三定律得：滑块对轨道C点的压力大小FN=2mg，方向竖直向下；（2）对PQ过程克服摩擦力做功为Wf，由动能定理得：mgR（1cos60）Wf=0Q经C到A过程，根据能量的转化和守恒可知：EP=mvA2+mg2R+Wf联立以上两式解得：EP=mgR；答：（1）滑块第一次滑至圆形
37、轨道最低点C时对轨道压力是；（2）弹簧被锁定时具有的弹性势能是mgR【点评】本题综合考查了动能定理和能量守恒定律，解决本题的关键灵活选取研究的过程，选用适当的规律进行求解；注意功能关系的正确应用12如图甲所示，质量M=2.0kg的木板A静止在光滑水平面上，木板足够长在木板的左端放置一个质量m=1.0kg的小铁块B，铁块与木板间的动摩擦因数=0.2，对铁块施加水平向右的拉力F，F大小随时间变化如图乙所示，7s时撤去拉力，可认为A、B间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取重力加速度g=l0m/s2求：（1）01s内，A、B的加速度大小aA、aB；（2）B相对A滑行的最大距离s；（3）长木板A的最
38、大速度【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】计算题；定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】（1）分别对两物体受力分析，由牛顿第二定律可求得两物体的加速度；（2）分析两物体的运动过程，明确二者的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度，再由运动学公式求出相对滑动的距离； （3）根据木板的运动情况分析何时速度达最大，再由速度公式即可求得最大速度【解答】解：（1）在01s内，A、B两物体分别做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：mg=MaAF1mg=maB代入数据得：aA=1m/s2；aB=4m/s2；（2）当t1=1s后，拉力F2=mg，铁块B做匀速运动，速
39、度大小为v1，木板A仍做匀加速直线运动，又经过时间t2，速度与铁块B相等v1=aBt1又v1=aA（t1+t2）解得：t2=3s；v1=4m/s设AB速度相等后一起做匀加速直线运动，运动时间t3=713=3s；加速度为a，由牛顿第二定律可知：F2=（M+m）a解得：a=m/s2；木板A受到的静摩擦力f=Mamg，故AB一起运动则有：S=aBt12+v1t2（t1+t2）2代入数据解得：S=6m；（3）当二者速度相等时木板的速度最大； 则长木板最大速度vAM=aA（t1+t2）+at3解得：vAM=6m/s；答：（1）0ls内，A、B的加速度大小aA、aB为2m/s2和4m/s2；（2）B相对A
40、滑行的最大距离s为6m；（3）长木板A的最大速度为6m/s【点评】本题综合考查牛顿第二定律、运动学公式等内容，要注意做好正确的受力分析及过程分析，应用牛顿第二定律及运动学公式等求解（二）选考题：共45分请考生在给出的3道物理题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号的方框涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做则按所做的第一题计分物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）A悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B空气的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D高原地区水的沸点较低
41、，这是高原地区温度较低的缘故E干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果【考点】布朗运动；分子间的相互作用力；* 晶体和非晶体 【分析】布朗运动反映了液体分子的无规则运动，不能反映花粉分子的热运动；液体表面存在表面张力，能使空气的小雨滴呈球形；液晶具有各向异性的特点；高原地区水的沸点较低，这是高原地区气压低的缘故；湿温度计下端包有湿纱布，湿纱布上的水分要蒸发，蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热，所以湿温度计的示数较低【解答】解：A、布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动，由于花粉是由大量花粉分子组成的，所以布朗运动不能反映了花粉分子的热运动，故A错误；B、空气
42、的小雨滴呈球形是水的表面张力，使雨滴表面有收缩的趋势的结果，故B正确；C、液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故C正确；D、高原地区水的沸点较低，这是高原地区气压较低的缘故，故D错误；E、干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，故E正确故选：BCE【点评】本题重点要掌握布朗运动的实质，液体表面张力的形成的原因，以及晶体的物理性质14如图，两气缸AB粗细均匀，等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外
43、，其余部分均绝热两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央（）现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b升至顶部时，求氮气的温度；（）继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强【考点】理想气体的状态方程 【专题】理想气体状态方程专题【分析】（）现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b升至顶部的过程中，a活塞不动，活塞a、b下方的氮气经历等压过程，分析出初态和末态的体积和温度，由盖吕萨克定律求解（2）继续缓慢加热，使活塞a上升，活塞a
44、上方的氧气经历等温过程，根据玻意耳定律求解即可【解答】解：（）活塞b升至顶部的过程中，活塞a不动，活塞a、b下方的氮气经历等压过程设气缸A的容积为V0，氮气初态体积为V1，温度为T1，末态体积为V2，温度为T2，按题意，气缸B的容积为V0，则得： V1=V0+V0=V0， V2=V0+V0=V0，根据盖吕萨克定律得： =，由式和题给数据得： T2=320K； （）活塞b升至顶部后，由于继续缓慢加热，活塞a开始向上移动，直至活塞上升的距离是气缸高度的时，活塞a上方的氧气经历等温过程，设氧气初态体积为V1，压强为P1，末态体积为V2，压强为P2，由题给数据有，V1=V0，P1=P0，V2=V0，由
45、波意耳定律得：P1V1=P2V2，由式得：P2=P0答：（）氮气的温度为320K；（）氧气的压强为P0【点评】本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分气体之外，关键是把握它们之间的联系，比如体积关系、温度关系及压强关系物理一选修3-4】15下列说法正确的是（）A光在介质中传播的速度仅由介质本身所决定B雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C泊松亮斑是光通过圆孔发生衍射时形成的D水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故E赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在【考点】电磁波的产生；光的折射定律；光的干涉 【分析】光的传播速度由介质的本身性
46、质与频率共同决定；油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的；玻璃中的气泡看起来特别明亮，是因为光从玻璃射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在【解答】解：A、光在介质中传播的速度由介质本身，及频率共同决定故A错误B、油膜形成的彩色条纹，是由膜的前后表面反射光，进行光的叠加，形成的干涉条纹故B正确C、泊松亮斑是光通过圆板时发生衍射时形成的；故C错误D、玻璃中的气泡看起来特别明亮，是因为光从玻璃射向气泡时，即从光密介质射向光疏介质时，一部分光在界面上发生了全反射，故D正确；E、赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在；故E正确；故选：BDE【点评】本题是振动和波部分，
47、以选择题形式考查了全反射、干涉及电磁波等现象；要注意准确掌握相关物理规律，明确常见现象的原理16用折射率为n的透明物质做成内、外径分别为a、b的球壳，球壳的内表面涂有能完全吸收光的物质，如图所示，当一束平行光从左侧射向该球壳时，被吸收掉的光束在射进球壳左侧外表面前的横截面积有多大？【考点】光的折射定律 【专题】光的折射专题【分析】作出经第一次折射后与空心球内壳相切的光线，由几何知识求出折射角的正弦，根据折射定律，求出入射角的正弦，由几何知识求出此平行光束在入射前的横截面积【解答】解：如图，若光线经球壳折射后恰与球壳的内表面相切，则被吸收的光束进入球壳前的横截面积S=R2，由折射定律sini=n
48、sinrsini=R/bsinr=a/b将代入得：R=na，若a时，S=n2a2；若时，进入球壳的光线全部被吸收，此时，S=b2答：被吸收掉的光束在射进球壳左侧外表面前的横截面积为n2a2【点评】解决本题的关键作出光路图，通过折射定律和几何关系进行求解【物理-选修3-5】17如图1所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图2所示则光电子的最大初动能为3.21019J，金属的逸出功为4.81019J【考点】光电效应 【专题】光电效应专题【分析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于2V时，电流表示数为0，知道光电
49、子点的最大初动能为2eV，根据光电效应方程EKm=hW0，求出逸出功光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，而光的强度不会改变光电子的最大初动能，从而判断是否电流表是否有示数【解答】解：由图2可知，当该装置所加的电压为反向电压，当电压是2V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为：2eV=3.21019J，根据光电效应方程EKm=hW0，W0=3eV=4.81019J故答案为：3.21019； 4.81019【点评】解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及光电效应方程EKm=hW0注意光的入射频率决定光电子最大初动能，而光的强度不影响光电子的最大初动能18如图所示，质量为km的斜劈，其
50、中k1，静止放在光滑的水平面上，斜劈的曲面光滑且为半径为R的四分之一圆面，圆面下端与光滑水平面相切一质量为m的小球位于水平面上某位置，现给小球水平向右的初速度v0若R足够大，求当小球从斜劈滑下离开时小球的速度v1；若小球向右滑上斜劈刚好没有越过圆面上端，求k的取值【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律 【专题】动量定理应用专题【分析】系统动量守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律求出速度由动量守恒定律求出速度，然后根据题意确定k的值【解答】解：设小球从斜劈滑下离开时，小球和斜劈的速度分别为v1和v2，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒可得：mv0=mv1+kmv2，由机械能守恒可得： mv02=mv12+kmv22，联立解得，小球速度为：v1=v0；小球向右滑上斜劈刚好没有越过圆面上端，说明两者在圆面最上端具有相同的速度v3，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒可得：mv0=（m+km）v3，由机械能守恒可得： mv02=（m+km）v32+mgR，解得：k=；答：若R足够大，求当小球从斜劈滑下离开时小球的速度v1为v0；若小球向右滑上斜劈刚好没有越过圆面上端，k的取值为【点评】本题考查了动量守恒定律的应用，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题
