1、云南省邱北二中2018-2019学年下学期6月份考试高二 物理分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.如图所示，在一匀强磁场中有一U形导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一根导体杆，它可在ab、cd上无摩擦地滑动杆ef及线框中导线的电阻都可不计开始时，给ef一个向右的初速度，则()A. ef将减速向右运动，但不是匀减速B. ef将匀减速向右运动，最后停止C. ef将匀速向右运动D. ef将往返运动【答案】A【解析】试题分析：金属棒向右运动时会切割磁感线产生电动势和感应电流，根据右手定则判断可知，ef中感应电流方向从f到e根据左
2、手定则判断可知，ef所受的安培力向左，则ef将减速向右运动感应电流表达式；金属棒所受的安培力大小表达式，随着速度的减小，安培力减小所以ef做加速度减小的变减速运动，最终停止运动，故A正确，BCD错误故选A考点：左手定则、右手定则；安培力【名师点睛】此类题目的解题关键点是能够灵活应用法拉第电磁感应定律与右手定则、左手定则，推导出安培力的表达式判断其变化；金属棒向右运动时会切割磁感线产生电动势和感应电流，金属杆ef受到向左的安培力做减速运动，速度减小会造成电动势、电流减小，安培力也随之减小，所以物体做减速运动的加速度会减小，直到速度为零时金属杆静止。2. 将阻值为5的电阻接到内阻不计的交流电源上，
3、电源电动势随时间变化的规律如图所示。下列说法正确的是A. 电路中交变电流的频率为0.25 HzB. 通过电阻的电流为AC. 电阻消耗的电功率为2.5 WD. 用交流电压表测得电阻两端的电压是5 V【答案】C【解析】由图可知： ，故A错误；该电源电动势的有效值为：，电压表的示数为有效值为，故D错误；所以电流为：，故B错误；功率为：,故C正确。所以C正确，ABD错误。【此处有视频，请去附件查看】3.下列说法正确的是()A. 研制核武器的钚239()由铀239()经过4次衰变而产生B. 发现中子的核反应方程是C. 20 g的经过两个半衰期后其质量变为15 gD. 在中子轰击下，生成和的核反应前后，原
4、子核的核子总数减少【答案】B【解析】经过衰变电荷数多1，质量数不变，所以钚239（由铀239（）经过2次衰变而产生，A错误；发现中子的核反应方程是，B正确；根据公式 知，20g的经过两个半衰期后其质量变为5g，C错误；核反应前后，原子核的核子总数守恒，D错误；故选B.4.一定质量的理想气体经历一系列状态变化，其p图线如图所示，变化顺序由abcda，图中ab线段延长线过坐标原点，cd线段与p轴垂直，da线段与轴垂直气体在此状态变化过程中()A. ab，压强减小、温度不变、体积增大B. bc，压强增大、温度降低、体积减小C. cd，压强不变、温度升高、体积减小D. da，压强减小、温度升高、体积不
5、变【答案】A【解析】由图象可知，ab过程，气体压强减小而体积增大，气体的压强与体积倒数成正比，则压强与体积成反比，气体发生的是等温变化，故A正确；由理想气体状态方程 可知 ，由图示可知，连接Ob的直线的斜率小，所以b的温度小，bc过程温度升高，由图还可知，同时压强增大，且体积也增大故B错误；由图象可知，cd过程，气体压强p不变而体积V变小，由理想气体状态方程可知气体温度降低，故C错误；由图象可知，da过程，气体体积V不变，压强p变小，由由理想气体状态方程可知，气体温度降低，故D错误；故选A5.深秋的早晨起床时可看到房间玻璃窗上有许多小水珠，这些水珠在()A. 窗玻璃朝房内的一面B. 窗玻璃朝房
6、外的一面C. 窗玻璃的里外两面D. 不能断定在哪一面【答案】A【解析】深秋早晨屋内温度较高，而外面的温度较低，所以屋内附着在玻璃上的水蒸气遇冷发生液化，所以小水珠应在玻璃朝房内的一面，A正确，思路分析：当液体遇冷发生液化，即温度高的气体遇冷发生液化，试题点评：本题考查了液化现象6.关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是()A. 液体分子的无规则运动称为布朗运动B. 物体的温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大C. 物体从外界吸收热量，其内能一定增加D. 气体温度升高，气体的压强一定增大【答案】B【解析】试题分析：布朗运动是固体小颗粒在液体分子的无规则撞击下的无规则运动，而不是液体
7、分子的运动，但是可以反映液体分子的无规则运动，选项A错。温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子热运动平均动能增大，选项B对。改变内能的方式有两种，即做功和热传递，只是从外界吸收热量，无法判断内能变化，选项C错。气体温度升高，根据，可知在不明确体积变化的情况下无法判断压强变化，选项D错。考点：分子热运动 改变内能的方式7.质量为M的砂车，沿光滑水平面以速度v0做匀速直线运动，此时从砂车上方竖直向下落入一个质量为m的大铁球，如图所示，则铁球落入砂车后，砂车将()A. 立即停止运动B. 仍匀速运动，速度仍为v0C. 仍匀速运动，速度小于v0D. 做变速运动，速度不能确定【答案】C【解析】解：小球和
8、小车组成的系统水平方向动量守恒，设小车初速度方向为正，根据动量守恒：Mv0=（m+M）v得：v=即小车仍匀速运动，速度小于v0故C正确，ABD错误故选：C【点评】本题考查动量守恒定律的应用，该题中，由于作用的时间短，动量守恒也可以只是水平方向上8.人们在研究原子结构时提出过许多模型，其中比较有名的是枣糕模型和核式结构模型，它们的模型示意图如图所示下列说法中正确的是()A. 粒子散射实验与枣糕模型和核式结构模型的建立无关B. 科学家通过粒子散射实验否定了枣糕模型，建立了核式结构模型C. 科学家通过粒子散射实验否定了核式结构模型，建立了枣糕模型D. 科学家通过粒子散射实验否定了枣糕模型和核式结构模
9、型，建立了玻尔的原子模型【答案】B【解析】粒子散射实验与核式结构模型的建立有关，通过该实验，否定了枣糕模型，建立了核式结构模型。9.下列说法中正确的有()A. 在、三种射线中，射线的穿透力最强B. 卢瑟福的粒子散射实验结果表明了原子核的存在C. 放射性的强度是由其原子核内部结构决定，但容易受外界因素的影响D. 电磁感应现象最早是由奥斯特发现的【答案】B【解析】【详解】A.在、三种射线中，射线的穿透力最强，射线的穿透力最弱，选项A错误；B. 卢瑟福的粒子散射实验结果得出了原子的核式结构理论，表明了原子核的存在，选项B正确；C. 放射性的强度是由其原子核内部结构决定，不受外界因素的影响，选项C错误
10、；D. 电磁感应现象最早是由法拉第发现的，选项D错误；10.如图所示，光滑水平面上存在一有界匀强磁场，圆形金属线框在水平拉力的作用下，通过磁场的左边界MN.在此过程中，线框做匀速直线运动，速度的方向与MN成角下列说法正确的是()A. 线框内感应电流沿顺时针方向B. 线框内感应电流先增大后减小C. 水平拉力的大小与无关D. 水平拉力的方向与有关【答案】B【解析】试题分析：圆形金属线框出磁场过程中，磁通量一直在减小，根据楞次定律增反减同，感应电流磁场和原磁场同向，右手判断感应电流为顺时针方向，但是没有题目没有告诉是进磁场还是出磁场，A错。线框进出磁场过程，切割磁感线的有效长度是磁场中线框的首尾连接
11、的线段，如图所示，当圆形线框的圆心处于MN时有效切割长度最大，感应电流最大，安培力最大，拉力最大，所以感应电流先增大后减小。速度和有效切割长度不垂直，夹角为，安培力，拉力的大小等于安培力与有关答案C错。有效长度始终是沿MN方向，因此安培力方向不变，拉力方向与安培力反向，与无关，D错。考点：楞次定律 有效切割长度二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.如图所示，电感线圈L的直流电阻RL1.0 ，小灯泡L1、L2的电阻分别为R15.0 、R24.0 ，接在电动势E24 V、内电阻可忽略的电路上闭合开关S，待电路稳定后再断开开关，则在断开开关S的瞬间()A. L1支路上电流大小为4 A
12、B. L2支路上电流大小为4 AC. L1支路上电流大小为6 AD. L2支路上电流大小为6 A【答案】AB【解析】【详解】当闭合开关S，待电路稳定后，根据闭合电路欧姆定律，则有：通过R1电流大小为：；当S断开时，L线圈中电流变化，导致产生自感电动势，从而与R1、R2构成回路，则断开开关S的瞬间两电阻的电流大小均为4AA. L1支路上电流大小为4 A，与结论相符合；B. L2支路上电流大小为4 A，与结论相符合；C. L1支路上电流大小为6 A，与结论不相符合；D. L2支路上电流大小为6 A，与结论不相符合；12.如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数比n1n2111，a、b端接
13、有正弦交变电流，电压随时间的变化规律如图乙所示变压器右侧部分为一火警报警电路原理图，其中R2为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器，R1为一定值电阻，电压表V和电流表A可视为理想电表下列说法中正确的是()A. 变压器副线圈的输出电压的表达式为u20sin100t(V)B. 当传感器R2所在处未出现火警时，电压表V的示数为20 VC. 当传感器R2所在处出现火警时，电压表V示数减小D. 当传感器R2所在处出现火警时，电流表A示数减小【答案】AC【解析】试题分析：变压器次级电压最大值为,交流电，变压器副线圈的输出电压的表达式为u20sin 100t(V)，选项A 正确；变压器次级电
14、压有效值为,故当传感器R2所在处未出现火警时，电压表的示数小于20 V，选项B错误；当传感器R2所在处出现火警时，R2阻值减小，次级电流增大，电阻R1的电压增大，R2上电压减小，故电压表的示数减小，选项C 正确；由于次级电流增大，故初级电流增大，电流表的读数增大，选项D 错误。考点：变压器的计算；动态电路分析；交流电的变化规律。13.图为一真空光电管的应用电路，其阴极金属材料的极限频率为4.51014Hz，则以下判断正确的是()A. 发生光电效应时，电路中光电流的饱和值取决于入射光的频率B. 发生光电效应时，电路中光电流的饱和值取决于入射光的强度C. 用0.5 m的光照射光电管时，电路中有光电
15、流产生D. 光照射时间越长，电路中的电流越大【答案】BC【解析】【详解】产生光电效应的条件是入射光频率大于金属的极限频率，与其它因素无关，故A错误；发生光电效应后，增加照射光电管的入射光的强度，电路中的光电流就一定增加，与光的照射时间长短无关，故B正确，D错误；频率为，大于极限频率，所以电路中有光电流产生，故C正确。14.氢原子的能级如图所示，下列说法正确的是()A. 处于n3能级的氢原子可以吸收任意频率的光子B. 氢原子从n3能级向n2能级跃迁时，发出的光子能量为1.89 eVC. 大量处于n3能级氢原子向低能级跃迁时，可能发出3种不同频率的光D. 处于n1能级的氢原子可以吸收能量为10 e
16、V的电子的能量【答案】BC【解析】【详解】A. 原子发生跃迁时，吸收的能量等于两个能级的能级差，不能吸收任意频率的光子，选项A错误；B. 氢原子从n3能级向n2能级跃迁时，发出的光子能量为(-1.51)-(-3.4)=1.89 eV，选项B正确；C. 大量处于n3能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出种不同频率的光，选项C正确；D. 10 eV的能量小于n=1、n=2能级的能级差，则处于n1能级的氢原子不可以吸收能量为10 eV的电子的能量，选项D错误.分卷II三、实验题(共2小题,共16分)15.一毫安表头mA满偏电流为9.90 mA，内阻约为300 .要求将此毫安表头改装成量程为1A的电流表
17、，其电路原理图如图甲所示图中，A是量程为2A的标准电流表，R0为电阻箱，R为滑动变阻器，S为开关，E为电源(1)完成下列实验步骤：将图乙虚线框内的实物图按电路原理图连线_；将滑动变阻器的滑动触头调至_端(填“a”或“b”)，电阻箱R0的阻值调至零；合上开关；调节滑动变阻器的滑动触头，增大回路中的电流，使标准电流表读数为1 A；调节电阻箱R0的阻值，使毫安表指针接近满偏，此时标准电流表的读数会_(填“增大”“减小”或“不变”)；多次重复步骤，直至标准电流表的读数为_，同时毫安表指针满偏(2)回答下列问题：在完成全部实验步骤后，电阻箱使用阻值的读数为3.1 ，由此可知毫安表头的内阻为_用改装成的电
18、流表测量某一电路中的电流，电流表指针半偏，此时流过电阻箱的电流为_A.对于按照以上步骤改装后的电流表，写出一个可能影响它的准确程度的因素：_.【答案】 (1). (2). (3). 减小 (4). 1 (5). 2.310 (6). 0.495(0.4940.496均可) (7). 电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化;标准表和毫安表头的读数误差;电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等【解析】(1)电路图中用并联电阻分流改装成大量程的电流表，滑动变阻器用的是限流式，实物连线如图所示：滑动触头在端时,电阻器的全电阻连入电路,故要使电阻最大应使触头在端.因电阻箱电阻增大,则总电阻增加,干路电流减
19、小.要使电流达到要改装电流表的满偏电流为1A.(2)因电阻箱与毫安表是并联关系,故二者电阻与电流成反比: ,求得.电阻箱的电流为其两端电压与电流之比:即实验可能因电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化,导致标准电流表的示数无法精准显示1,还有电表本身读数上的误差,以及电表指针偏转本身不是随电流均匀偏转等都可能影响改装后的电流表的准确程度.【点睛】电流表的改装原理，表头并联一小电阻起到分流的作用，两支路电压一样，据此可求各电流与量程16.现有一特殊电池，它的电动势E约为 9 V，内阻r约为40 ，已知该电池允许输出的最大电流为50 mA.为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进
20、行实验，图中电流表的内阻RA已经测出，阻值为5 ，R为电阻箱，阻值范围为0999.9 ，R0为定值电阻，对电路起保护作用(1)实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格，本实验选用哪一种规格的定值电阻最合适（ ）A10 B50 C150 D500 (2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了如图乙所示的图线，则根据该同学作出的图线可求得该电池的电动势E_ V，内阻r_ .【答案】 (1). C (2). 10 (3). 45【解析】【详解】第一空.电池的允许通过的最大电流为50mA，内电阻约为40，电路中的最小电阻应大于=180，则最小电阻
21、为：180-40-5=135；为了能很好的调节电路，并能得出更多组数据，保护电阻应选C。第二空.由闭合电路欧姆定律可知：E=I（R+r+R0+RA）由y=kx+b可知，解得：E=10V；第三空.解得：RA=5r=50-RA=45解得： r=45四、计算题17.如图所示，MN、PQ为两根间距不均的金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，导轨的一端接阻值为10 的电阻R1和电流表，另一端接阻值为5 的电阻R2.质量为m0.1 kg的金属棒放在导轨ab处，以初速度v08 m/s滑到导轨的ab处，历时t0.08 s导轨在ab处的间距L10.5 m，在ab处的间距L21.0 m若金属棒滑动时始终与导轨
22、接触良好，电流表的示数保持不变，不计棒与导轨间的摩擦以及其他电阻的影响求： (1)金属棒在导轨ab处的速度；(2)电流表的示数；(3)匀强磁场的磁感应强度【答案】(1)4 m/s(2)1 A(3)2.5 T【解析】试题分析：由于金属棒电阻不计，当电流表读数不变时，说明棒产生的感应电动势不变，根据感应电动势公式，由ab与ab两处感应电动势相等，求出金属棒在ab处的速度；由欧姆定律，求出R1、R2中的电流关系，在棒由ab运动到ab的过程中，整个电路两棒的动能转化为电路的电能，根据能量守恒求解电流表的读数；根据ab处感应电动势与电流的关系求解磁感应强度。(1)由金属棒滑动过程中电流表示数不变可知棒在
23、ab处和ab处产生的感应电动势相等，即BL1v0BL2v解得金属棒在ab处的速度为：vv04 m/s(2)设流过金属棒的电流为I，金属棒运动过程中只有安培力做功，由能量关系有而，联立解得：I3 A， 电流表的示数：（3）根据BLabv0=I1R1代入数据解得：B2.5 T.点睛：本题主要考查了导体棒的切割问题，分析出感应电动势不变，确定两电阻的电流关系，最难的是根据能量守恒定律列方程。18.如图所示，两根很长的光滑平行导轨相距L，放在一水平面内，其左端接有电容C，阻值为R1和R2的电阻整个装置放在磁感应强度为B的匀强磁场中，现用大小为F的水平恒力拉棒ab，使它沿垂直于棒的方向向右运动，棒与导轨
24、的电阻不计，试求： (1)棒ab运动的最大速度(2)若棒达到最大速度以后突然停止，则电容放电瞬间棒受到的安培力大小和方向【答案】（1）（2）F 方向向右【解析】试题分析：（1）当棒的速度达到最大时，外力的功率等于回路消耗的热功率。即E2/R1=F（2分） 其中E=BL（1分）由两式解得：（1分）另解：当安培力等于外力F时，棒的速度达到最大，则F=BIL （1分） 其中I=E/R1（1分）E=BL（1分）由以上三式解得：（1分）（2）电容放电时电流方向从b到a，根据左手定则可知安培力方向向右。（1分）安培力大小（1分） 式中（1分）解得：F（1分）考点：考查了导体切割磁感线运动，欧姆定律点评：本
25、题是电磁感应与电路、力学知识的综合，安培力是联系力与电磁感应的桥梁，19.一辆质量m13.0103kg的小货车因故障停在车道上，后面一辆质量m21.5103kg的轿车来不及刹车，直接撞入货车尾部失去动力，相撞后两车一起沿轿车运动方向滑行了x6.75 m停下已知车轮与路面间的动摩擦因数0.6，求碰撞前轿车的速度大小(重力加速度取g10 m/s2)【答案】27m/s【解析】【详解】由牛顿第二定律得ag6 m/s2则碰后的共同速度：v9 m/s由动量守恒定律得m2v0(m1m2)v解得：v027 m/s.20.有人设计了一种测温装置，其结构如图所示，玻璃泡A内封有一定质量的气体，与A相连的B管插在水
26、银槽中，管内外水银面的高度差x即可反映泡内气体的温度，即环境温度，并可由B管上的刻度直接读出设B管的体积与A泡的体积相比可略去不计(1)在1标准大气压下对B管进行温度标刻(1标准大气压相当于76 cmHg的压强)已知当温度t127 时，管内水银面的高度为x116 cm，此高度即为27 的刻线，问t0 的刻线在何处？(2)若大气压已变为相当于75 cmHg的压强，利用该测温装置测量温度时所得读数仍为27，问：此时的实际温度为多少？【答案】(1)x=21.4cm (2) T=22【解析】试题分析：（1）玻璃泡A内气体的初始状态：T1=300 K，p1=（76-16）cmHg=60 cmHg末态即t=0 的状态：T0=273 K，p=?由查理定律：得： P=546 cmHg所以t=0 时水银面高度，即刻度线的位置是: x0=（76-546）cm=214 cm（2）此时A泡内气体的压强：由查理定律：得：考点：查理定律【名师点睛】本题主要考查了等容变化，找出初末状态利用好查理定律列式求解即可，属于理想气体状态方程的应用中的基础题目，难度不大
