1、2016年山东省潍坊市高考物理模拟试卷（五）二、选择题（本题共8小题在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同，方向平行一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱区域后，粒子的（）A轨道半径减小，角速度增大B轨道半径减小，角速度减小C轨道半径增大，角速度增大D轨道半径增大，角速度减小2A、B两个物体在同一直线上运动，速度图象如图，下列说法正确的是（）AA、B运动方向相反B04s内，A、B的位移相同Ct=4s时，A、B的
2、速度相同DA的加速度比B的加速度大3已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中为平面上单位面积所带的电荷量，0为常量，如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电量为Q，不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为（）A和B和C和D和4如图，发电机的电动势e=678sin100t V，变压器的副线圈匝数可调，触头P置于a处时，用户的用电器恰好得到220V的电压，R表示输电线的电阻下列说法正确的是（）A电流的频率为100HzB电压表V2的示数为220VC电压表V1的示数为678VD当用户的用电器功率增加时，要保持用
3、户仍得到220V的电压，触头P应向上滑5如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中ab棒以水平初速度v0向右运动，下列说法正确的是（）Aab棒做匀减速运动B回路中电流均匀减小Ca点电势比b点电势低Dab棒受到水平向左的安培力6北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，这两种卫星正常运行时（）A低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面一定重合B低轨卫星的环绕速率不可能大于7.9km/sC地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大D低轨卫星和地球同步卫星，可能具有相同的角速度7如图，直立弹射装置的轻质弹簧顶端原来在O点，O与管口P的距离为2xo，现将一个重力为mg的钢珠置于弹
4、簧顶端，再把弹簧压缩至M点，压缩量为xo释放弹簧后钢珠被弹出，钢珠运动到P点时的动能为4mgxo，不计一切阻力，下列说法中正确的是（）A弹射过程，弹簧和钢珠组成的系统机械能守恒B弹簧恢复原长时，弹簧的弹性势能全部转化钢珠的动能C钢珠弹射所到达的最高点距管口P的距离为7xoD弹簧被压缩至M点时的弹性势能为7mgxo8如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平地面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A三条绳中的张力都相等B杆对地面的压力大于自身重力C绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力三、非选择题：11利用力传感器P
5、探究“静摩擦力及滑动摩擦力变化的规律”，装置如图甲P固定于桌面并与计算机连接，可获得力随时间变化的规律车板较长的平板车通过细绳连接空沙桶，调节细绳水平，整个装置开始时处于静止状态（1）开启传感器P，缓慢向沙桶里倒入沙子，小车刚运动时立即停止倒沙子，此后P的示数表示滑块与小车之间的（填“静摩擦力”或“滑动摩擦力”）的大小（2）小车的运动是否必须为匀速直线运动？答：（填“是”或“否”）（3）采集的图象如图乙，由此可知，滑块与小车之间的最大静摩擦力为N已知滑块的质量为0.15kg，取重力加速度为10m/s2，则滑块与小车之间的动摩擦因数=（结果保留2位有效数字）12某同学想测量电压表03V挡的内阻，
6、他从实验室拿来一个多用电表、3节干电池、50的滑动变阻器1个、开关和若干导线（1）先用多用表粗测其内阻，把选择开关旋到欧姆挡的“100”倍率，将（填“红”或“黑”）表笔接电压表的“”接线柱，另一只表笔接“3V”的接线柱，多用表的指针位置如图1所示，则电压表的内阻为（2）再用伏安法测量其内阻，把多用表的选择开关旋到直流电流的（填“100”“10”或“1”）mA挡，请在图2完成其余的连线（3）实验中多用表的示数为I，电压表的示数为U，则电压表的内阻为RV=13如图所示为仓储公司常采用的“自动化”货物装卸装置，两个相互垂直的斜面固定在地面上，货箱A（含货物）和配重B通过与斜面平行的轻绳跨过光滑滑轮相
7、连A装载货物后从h=8.0m高处由静止释放，运动到底端时，A和B同时被锁定，卸货后解除锁定，A在B的牵引下被拉回原高度处，再次被锁定已知=53，B的质量M为1.0103kg，A、B与斜面间的动摩擦因数均为=0.5，滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6（1）为使A由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m需要满足什么条件？（2）若A的质量m=4.0103kg，求它到达底端时的速度v；（3）为了保证能被安全锁定，A到达底端的速率不能大于12m/s请通过计算判断：当A的质量m不断增加时，该装置能否被安全锁定14如图所示，金属导轨MNC和PQD，MN与PQ平行
8、且间距为L，所在平面与水平面夹角为，N、Q连线与MN垂直，M、P间接有阻值为R的电阻；光滑直导轨NC和QD在同一水平面内，与NQ的夹角都为锐角均匀金属棒ab和ef质量均为m，长均为Lab棒初始位置在水平导轨上与NQ重合；ef棒垂直放在倾斜导轨上，与导轨间的动摩擦因数为（较小），由导轨上的小立柱1和2阻挡而静止空间有方向竖直的匀强磁场（图中未画出）两金属棒与导轨保持良好接触不计所有导轨和ab棒的电阻，ef棒的阻值为R，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，忽略感应电流产生的磁场，重力加速度为g（1）若磁感应强度大小为B，给ab棒一个垂直于NQ、水平向右的速度v1，在水平导轨上沿运动方向滑行一段距离后
9、停止，ef棒始终静止，求此过程ef棒上产生的热量；（2）在（1）问过程中，ab棒滑行距离为d，求通过ab棒某横截面的电量；（3）若ab棒以垂直于NQ的速度v2在水平导轨上向右匀速运动，并在NQ位置时取走小立柱1和2，且运动过程中ef棒始终静止求此状态下最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab棒运动的最大距离三、解答题15下列说法正确的是（）A将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B固体可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同方向上有不同的光学性质C由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体E在熔化过程中，晶
10、体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变16如图，一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的质量为m1=2.50kg，横截面积为s1=80.0cm2，小活塞的质量为m2=1.50kg，横截面积为s2=40.0cm2，两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为l=40.0cm，汽缸外大气的压强为p=1.00105Pa，温度为T=303K，初始时大活塞与大圆筒底部相距，两活塞间封闭气体的温度为T1=495K，现汽缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移，忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2，求：（1）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温
11、度（2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强【物理-物理3-4】17如图所示，实线是一列简谐横波在t时刻的波形图，虚线是在t时刻后t=0.2s时刻的波形图已知tT，若该简谐波的波速为5m/s，则（）A质点M在t时刻的振动方向为y轴正方向B质点M在t时刻的振动方向为y轴负方向C质点M在t时间内通过的路程为0.1mD质点M在t时间内通过的路程为0.3mE质点M在t时刻的动能最大18如图所示，一艘赛艇停在平静的水面上，赛艇前部上端有一标记P，在其正前方A处有一浮标潜水员从P前方S=4m处开始下潜，当下潜至深度为H=2m的B处时，才能看到赛艇尾端后方水面上的景物，且看到P刚好被浮标
12、挡住测得PABA与竖直方向的夹角分别为53和37忽略赛艇吃水深度，求赛艇的长度Lsin53=0.8，cos53=0.6【物理-物理3-5】19氢原子的能级如图所示氢原子从n=4能级直接向n=1能级跃迁所放出的光子，恰能使某金属产生光电效应下列判断正确的是（）A氢原子辐射出光子后，氢原子能量变小B该金属的逸出功W=12.75eVC用一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时所发出的光照射该金属，该金属仍有光电子逸出D氢原子处于n=1能级时，其核外电子在最靠近原子核的轨道上运动E氢原子处于n=1能级时，氢原子能量最大20如图所示，滑板A放在水平面上，长度为l=2m，滑块质量mA=1kg，mB=0.9
13、9kg，A、B间粗糙现有mA=0.01kg子弹以v0=200m/s速度向右击中B并留在其中子弹C击中B后瞬间，B速度多大？若滑块A与水平面固定，B被子弹击中后恰好滑到A右端静止，求滑块B与A间动摩擦因数2016年山东省潍坊市高考物理模拟试卷（五）参考答案与试题解析二、选择题（本题共8小题在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同，方向平行一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱区域后，粒子的（）A轨道半径减小，角速度
14、增大B轨道半径减小，角速度减小C轨道半径增大，角速度增大D轨道半径增大，角速度减小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】通过洛伦兹力提供向心力得知轨道半径的公式，结合该公式即可得知进入到较弱磁场区域后时，半径的变化情况；再利用线速度与角速度半径之间的关系式，即可得知进入弱磁场区域后角速度的变化情况【解答】解：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提高向心力，由牛顿第二定律有：qvB=m，解得：r=，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后B减小，所以r增大线速度、角速度的关系为：v=R线速度v不变，半径r增大，所以角速度减小，故D正确，ABC错误故选：D2A、B两个物体在同一直线上运动，速
15、度图象如图，下列说法正确的是（）AA、B运动方向相反B04s内，A、B的位移相同Ct=4s时，A、B的速度相同DA的加速度比B的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】速度的正负表示速度的方向匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线根据图线的纵坐标直接读出速度的大小，图象与坐标轴围成的面积表示位移【解答】解：A、由图看出，速度均为正值，说明A、B都沿正方向运动，它们的运动方向相同故A错误B根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知04s内B的位移大于A的位移，故B错误；C、由图读出，在t=4s时，A的速度等于B的速度故C正确；D、图象斜率表示物体的加速度，根据图
16、象可知AB的斜率大小相等，即二者加速度大小相等，故D错误故选：C3已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中为平面上单位面积所带的电荷量，0为常量，如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电量为Q，不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为（）A和B和C和D和【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】由题意可明确两极板单独在极板内部形成的场强大小，根据电场的叠加可明确合场强；相互作用力可看作极板在对方场强中的受力，即F=Eq【解答】解：两极板均看作无穷大导体板，极板上单位面积上的电荷量=；则单个极板形成
17、的场强E0=，两极板间的电场强度为：2=；两极板间的相互引力F=E0Q=；故选：D4如图，发电机的电动势e=678sin100t V，变压器的副线圈匝数可调，触头P置于a处时，用户的用电器恰好得到220V的电压，R表示输电线的电阻下列说法正确的是（）A电流的频率为100HzB电压表V2的示数为220VC电压表V1的示数为678VD当用户的用电器功率增加时，要保持用户仍得到220V的电压，触头P应向上滑【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率【分析】变压器只改变电压，不会改变频率，副线圈两端的电压等于用户电压和输电线路损失电压之和；由变压器原副线圈电压之比等于匝数之比即可比较【解答】解：A、变压
18、器只改变电压，不会改变频率，故频率为f=50HZ，故A错误；B、电压表的示数为用户和输电线路上损失的电压值和大于220V，故B错误；C、电压表测量的是有效值，故示数为U=，故C错误；D、当用户功率增大时，由P=UI可知，输电线路上的电流增大，故损失电压增大，用户得到的电压将减小，要保持用户仍得到220V的电压，必须使变压器副线圈两端电压增大，故由可知触头P应向上滑，故D正确故选：D5如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中ab棒以水平初速度v0向右运动，下列说法正确的是（）Aab棒做匀减速运动B回路中电流均匀减小Ca点电势比b点电势低Dab棒受到水平向左的安培力【考点
19、】导体切割磁感线时的感应电动势；电势【分析】使ab棒突然获得一初速度，切割产生感应电动势，产生感应电流，受到向左的安培力，做变减速运动，根据右手定则判断ab棒中的感应电流方向，从而确定a、b两点的电势【解答】解：A、棒子具有向右的初速度，根据右手定则，产生b指向a的电流，则a点的电势比b点的电势高根据左手定则，安培力向左，ab棒做减速运动，因为电动势减小，电流减小，则安培力减小，根据牛顿第二定律，加速度减小，做加速度减小的减速运动，由于速度不是均匀减小，则电流不是均匀减小故A、B、C错误D、安培力的方向与运动方向相反，知安培力方向向左故D正确故选：D6北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星
20、两种卫星组成，这两种卫星正常运行时（）A低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面一定重合B低轨卫星的环绕速率不可能大于7.9km/sC地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大D低轨卫星和地球同步卫星，可能具有相同的角速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而进行判断【解答】解：A、低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面不一定重合，故A错误；B、根据=m得，v=，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，所以低轨卫星的线速度不可能大于第一宇宙速度7.9km/s故B正确；C、根据地球卫星万有引力提供向心力=m=m2rT=2，=，
21、所以地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大，低轨卫星的角速度比地球同步卫星角速度大，故C正确，D错误；故选：BC7如图，直立弹射装置的轻质弹簧顶端原来在O点，O与管口P的距离为2xo，现将一个重力为mg的钢珠置于弹簧顶端，再把弹簧压缩至M点，压缩量为xo释放弹簧后钢珠被弹出，钢珠运动到P点时的动能为4mgxo，不计一切阻力，下列说法中正确的是（）A弹射过程，弹簧和钢珠组成的系统机械能守恒B弹簧恢复原长时，弹簧的弹性势能全部转化钢珠的动能C钢珠弹射所到达的最高点距管口P的距离为7xoD弹簧被压缩至M点时的弹性势能为7mgxo【考点】功能关系；机械能守恒定律【分析】A、只有重力作用下，系统机械能守恒；
22、B、弹簧恢复原长时，钢珠的动能和重力势能都增加；C、D、根据钢珠运动到P点时的动能和势能，计算出总的机械能，即弹簧被压缩至M点时的弹性势能，然后计算出运动的最高位置距离M的距离，进而求出距离管口P的距离【解答】解：A、弹射过程中，对弹簧和钢珠组成的系统而言，只受重力作用，故总系统机械能守恒，故A正确；B、D、弹簧恢复原长时，钢珠的动能增加到4mgxo，且竖直方向上，钢珠位置升高了3x0，即重力势能增加量：Ep=3mgx0，故弹簧被压缩至M点时的总弹性势能为：E=4mgx0+3mgx0=7mgx0，一部分转化为钢珠的动能，一部分转化为钢珠的重力势能，故B错误，D正确；C、钢珠到达管口P点时动能为
23、4mgxo，当钢珠达到最大高度时，动能为0，动能转化为重力势能，则上升的最大高度距离管口的距离h满足：mgh=4mgxo，故上升的最大高度距离管口的距离：h=4xo，故C错误；故选：AD8如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平地面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A三条绳中的张力都相等B杆对地面的压力大于自身重力C绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】对杆进行分析，明确杆受力情况，再根据水平和竖直方向的平衡关系可分析力之间的关系【解答】解：A、由于
24、三力长度不同，故说明三力与竖直方向的夹角不相同，由于杆保持静止，故在水平方向三力水平分力的合力应为零；故说明三力的大小不可能相等；故A错误；C正确；B、由于三力在竖直方向有拉力，杆在竖直方向合力为零，故杆对地面的压力大于重力；故B正确；D错误；故选：BC三、非选择题：11利用力传感器P探究“静摩擦力及滑动摩擦力变化的规律”，装置如图甲P固定于桌面并与计算机连接，可获得力随时间变化的规律车板较长的平板车通过细绳连接空沙桶，调节细绳水平，整个装置开始时处于静止状态（1）开启传感器P，缓慢向沙桶里倒入沙子，小车刚运动时立即停止倒沙子，此后P的示数表示滑块与小车之间的滑动摩擦力（填“静摩擦力”或“滑动
25、摩擦力”）的大小（2）小车的运动是否必须为匀速直线运动？答：否（填“是”或“否”）（3）采集的图象如图乙，由此可知，滑块与小车之间的最大静摩擦力为0.65N已知滑块的质量为0.15kg，取重力加速度为10m/s2，则滑块与小车之间的动摩擦因数=0.40（结果保留2位有效数字）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【分析】（1）根据实验原理，及实验操作可知；（2）车与滑块之间是滑动摩擦力，小车不必是匀速直线运动；（3）当小车由静止刚好开始运动时，滑块与小车间的摩擦力是最大静摩擦力，此时小车处于静止状态，第小车进行受力分析求出沙桶及所装沙子的总质量，对滑块进行受力分析，由图象求出传感器对滑块的拉力，由
26、平衡条件求出滑块受到的摩擦力，进而求出动摩擦力因数【解答】解：（1）由实验装置，结合操作过程，力传感器测量小车的滑动摩擦力（2）小车只要是运动的，与滑块之间的摩擦力就是滑动摩擦力，小车的运动不必是匀速直线运动（3）由图象可知，小车刚好要运动时受的是最大静摩擦力为：fmax=0.65N，稳定后，滑块受的摩擦力为：f=0.60N由滑动摩擦力公式得：=0.40；故答案为：（1）滑动摩擦力；（2）否，（3）0.65，0.4012某同学想测量电压表03V挡的内阻，他从实验室拿来一个多用电表、3节干电池、50的滑动变阻器1个、开关和若干导线（1）先用多用表粗测其内阻，把选择开关旋到欧姆挡的“100”倍率，
27、将红（填“红”或“黑”）表笔接电压表的“”接线柱，另一只表笔接“3V”的接线柱，多用表的指针位置如图1所示，则电压表的内阻为3000（2）再用伏安法测量其内阻，把多用表的选择开关旋到直流电流的1（填“100”“10”或“1”）mA挡，请在图2完成其余的连线（3）实验中多用表的示数为I，电压表的示数为U，则电压表的内阻为RV=【考点】用多用电表测电阻；伏安法测电阻【分析】（1）明确多用电表的原理，再根据电压表工作原理明确接法；再根据多用电表的读数方法进行读数；（2）由欧姆定律分析最大电流，从而确定对应的电流表量程；根据实验原理分析电路接法并连接实物图；（3）根据欧姆定律进行分析求出电压表内阻的表
28、达式【解答】解：（1）因内部红表笔接内部电源的负极，故为了保证电压表正向偏转，故应用红表笔接电压表负极；指针示数为30，故所测电阻为：30100=3000；（2）采用伏安法测电阻时，电表应选用电流档；根据欧姆定律可知，电路中最大电路约为I=1.5mA； 故为了准确测量，应选用1mA的量程；根据实验原理可知，应将多用电表与电压表串联测量；为了更好控制电路，滑动变阻器采用分压接法；如图所示；（3）电压表两端的电压为U，电流为I，则根据欧姆定律可知，RV=；故答案为：（1）红；3000；（2）1； （3）13如图所示为仓储公司常采用的“自动化”货物装卸装置，两个相互垂直的斜面固定在地面上，货箱A（含
29、货物）和配重B通过与斜面平行的轻绳跨过光滑滑轮相连A装载货物后从h=8.0m高处由静止释放，运动到底端时，A和B同时被锁定，卸货后解除锁定，A在B的牵引下被拉回原高度处，再次被锁定已知=53，B的质量M为1.0103kg，A、B与斜面间的动摩擦因数均为=0.5，滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6（1）为使A由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m需要满足什么条件？（2）若A的质量m=4.0103kg，求它到达底端时的速度v；（3）为了保证能被安全锁定，A到达底端的速率不能大于12m/s请通过计算判断：当A的质量m不断增加时，该装置能否被安全锁定【考
30、点】动能定理的应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）由题意可明确下滑的条件，则可求得质量的范围；（2）对系统应用动能定理可求得速度大小；（3）由题意明确货箱加速度最大的条件，再牛顿第二定律及运动学规律可确定能否被锁定【解答】解：（1）设左斜面倾角为，左斜面倾角为，货箱由静止释放后能沿斜面下滑，则F合0mgsinMgsinmgcosMgcos0解得：m2.0103 kg（2）对系统应用动能定理：由动能定理：W合=EkmghMg（）（ mg cos+Mgcos）（）=（M+m） v2v=2m/s（3）当A的质量m与B的质量M 之间关系满足mM时，货箱下滑的加速度最大，到达斜面底端的速
31、度也最大，此时有mgsinmgcos=mamam=5m/s2v2=2amL货箱到达斜面底端的最大速度v=10m/s12m/s所以，当A的质量m不断增加时，该运输装置均能被安全锁定答：（1）为使A由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m需要满足m2.0103 kg（2）若A的质量m=4.0103kg，求它到达底端时的速度v为2m/s；（3）当A的质量m不断增加时，该装置能被安全锁定14如图所示，金属导轨MNC和PQD，MN与PQ平行且间距为L，所在平面与水平面夹角为，N、Q连线与MN垂直，M、P间接有阻值为R的电阻；光滑直导轨NC和QD在同一水平面内，与NQ的夹角都为锐角均匀金属棒ab和ef质量均为m
32、，长均为Lab棒初始位置在水平导轨上与NQ重合；ef棒垂直放在倾斜导轨上，与导轨间的动摩擦因数为（较小），由导轨上的小立柱1和2阻挡而静止空间有方向竖直的匀强磁场（图中未画出）两金属棒与导轨保持良好接触不计所有导轨和ab棒的电阻，ef棒的阻值为R，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，忽略感应电流产生的磁场，重力加速度为g（1）若磁感应强度大小为B，给ab棒一个垂直于NQ、水平向右的速度v1，在水平导轨上沿运动方向滑行一段距离后停止，ef棒始终静止，求此过程ef棒上产生的热量；（2）在（1）问过程中，ab棒滑行距离为d，求通过ab棒某横截面的电量；（3）若ab棒以垂直于NQ的速度v2在水平导轨上向
33、右匀速运动，并在NQ位置时取走小立柱1和2，且运动过程中ef棒始终静止求此状态下最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab棒运动的最大距离【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律【分析】（1）根据能量的守恒，计算ef棒上产生的热量；（2）根据楞次定律和欧姆定律计算通过ab棒某横截面的电量；（3）根据法拉第电磁感应定律计算电动势的大小，根据棒的受力计算最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab棒运动的最大距离【解答】解：（1）设ab棒的初动能为Ek，ef棒和电阻R在此过程产生热量分别为W和W1，有：W+W1=Ek：且W=W1 由题意有：Ek=得：W=（2）设在题设的过程中，ab棒滑行的
34、时间为t，扫过的导轨间的面积为S，通过S的磁通量为，ab棒产生的电动势为E，ab棒中的电流为I，通过ab棒某截面的电荷量为q，则有：E=且=BSI=又有I=由图所示，S=d（Ldcot联立，解得：q=（10）（3）ab棒滑行距离为x时，ab棒在导轨间的棒长Lx为：Lx=L2xcot（11）此时，ab棒产生的电动势Ex为：E=Bv2Lx （12）流过ef棒的电流Ix为：Ix=（13）ef棒所受安培力Fx为：Fx=BIxL（14）联立（11）（14），解得：Fx=（15）有（15）式可得，Fx在x=0和B为最大值Bm时有最大值F1由题意知，ab棒所受安培力方向必水平向左，ef棒所受安培力方向必水平
35、向右，使F1为最大值的受力分析如图所示，图中fm为最大静摩擦力，有：F1cos=mgsin+（mgcos+F1sin）（16）联立（15）（16），得：Bm=（17）Bm就是题目所求最强磁场的磁感应强度大小，该磁场方向可竖直向上，也可竖直向下有（15）式可知，B为Bm时，Fx随x增大而减小，x为最大xm时，Fx为最小值，如图可知F2cos+（mgcos+F2sin）=mgsin（18）联立（15）（17）（18），得：xm=答：（1）ef棒上产生的热量为；（2）通过ab棒某横截面的电量为；（3）此状态下最强磁场的磁感应强度为，此磁场下ab棒运动的最大距离为三、解答题15下列说法正确的是（）A将
36、一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B固体可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同方向上有不同的光学性质C由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体E在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变【考点】* 晶体和非晶体【分析】该题通过晶体和非晶体的特性进行判断晶体是具有一定的规则外形，各项异性，具有固定的熔点；非晶体没有固定的熔点，没有规则的几何外形，表现各项同性，由此可判断各选项的正误【解答】解：A、将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒还是晶体，选项A错误B、固体可以分为晶体和非晶体两类，
37、有些晶体在不同方向上各向异性，具有不同的光学性质，选项B正确C、由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石选项C正确D、在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体，例如天然石英是晶体，熔融过的石英却是非晶体把晶体硫加热熔化（温度超过300）再倒进冷水中，会变成柔软的非晶硫，再过一段时间又会转化为晶体硫所以选项D正确E、在熔化过程中，晶体要吸收热量，虽然温度保持不变，但是内能要增加选项E错误故选：BCD16如图，一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的质量为m1=2.50kg，横截面积为s1
38、=80.0cm2，小活塞的质量为m2=1.50kg，横截面积为s2=40.0cm2，两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为l=40.0cm，汽缸外大气的压强为p=1.00105Pa，温度为T=303K，初始时大活塞与大圆筒底部相距，两活塞间封闭气体的温度为T1=495K，现汽缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移，忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2，求：（1）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度（2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强【考点】理想气体的状态方程【分析】（1）气体发生等压变化，根据题意求出气体的状态参量，应用盖吕萨克定律考虑求
39、出气体的温度（2）启用它发生等容变化，应用查理定律可以求出气体的压强【解答】解：（1）大活塞与大圆筒底部接触前气体发生等压变化，气体的状态参量：V1=（l）s2+s1=（40）40+80=2400cm3，T1=495K，V2=s2l=4040=1600cm3，由盖吕萨克定律得： =，即： =，解得：T2=330K；（2）大活塞与大圆筒底部接触后到气缸内气体与气缸外气体温度相等过程中气体发生等容变化，大活塞刚刚与大圆筒底部接触时，由平衡条件得：pS1+p2S2+（m1+m2）g=p2S1+pS2，代入数据解得：p2=1.1105Pa，T2=330K，T3=T=303K，由查理定律得： =，即：
40、=，解得：p3=1.01105Pa；答：（1）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度为330K；（2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强为1.01105Pa【物理-物理3-4】17如图所示，实线是一列简谐横波在t时刻的波形图，虚线是在t时刻后t=0.2s时刻的波形图已知tT，若该简谐波的波速为5m/s，则（）A质点M在t时刻的振动方向为y轴正方向B质点M在t时刻的振动方向为y轴负方向C质点M在t时间内通过的路程为0.1mD质点M在t时间内通过的路程为0.3mE质点M在t时刻的动能最大【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】由图读出波长，由v=求出周
41、期，根据时间t=0.2s与周期的关系，根据波形的平移法，分析波的传播方向，即可知道质点M在t时刻的振动方向在t的时间内，根据M通过的路程与振幅的关系，即可求解【解答】解：AB、由图读出波长=4m由v=得：T=0.8s经历的t=0.2s，由=，根据波形的平移法可知，波向右传播，则质点M在t时刻的振动方向为y轴正方向，故A正确，B错误；CD、由图知，振幅A=10cm=0.1m在t的时间内，M通过的路程为A=0.10m，故C正确，D错误E、由图可知，质点M在t时刻的速度最大，则其动能也最大，故E正确；故选：ACE18如图所示，一艘赛艇停在平静的水面上，赛艇前部上端有一标记P，在其正前方A处有一浮标潜
42、水员从P前方S=4m处开始下潜，当下潜至深度为H=2m的B处时，才能看到赛艇尾端后方水面上的景物，且看到P刚好被浮标挡住测得PABA与竖直方向的夹角分别为53和37忽略赛艇吃水深度，求赛艇的长度Lsin53=0.8，cos53=0.6【考点】光的折射定律【分析】由题意可作出光路图，由题意可作出光路图，由入射角和折射角，则可求得折射率；由题意可知潜水员和Q点的连线与竖直方向夹角刚好为临界角，由几何知识可解得赛艇的长度【解答】解：水的折射率为 n=，潜水员和B点连线与竖直方向的夹角刚好为临界角，设临界角为，则有：sin=由几何知识解得：sin=，解得，赛艇的长度：L=2m；答：赛艇的长度为2m【物
43、理-物理3-5】19氢原子的能级如图所示氢原子从n=4能级直接向n=1能级跃迁所放出的光子，恰能使某金属产生光电效应下列判断正确的是（）A氢原子辐射出光子后，氢原子能量变小B该金属的逸出功W=12.75eVC用一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时所发出的光照射该金属，该金属仍有光电子逸出D氢原子处于n=1能级时，其核外电子在最靠近原子核的轨道上运动E氢原子处于n=1能级时，氢原子能量最大【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】能级间跃迁辐射或吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子能量越大，频率越大，波长越小，从而即可求解【解答】解：A、氢原子发生跃迁，辐射出光子后，氢
44、原子能量变小故A正确B、根据恰能使某金属产生光电效应，由n=4跃迁到n=1，辐射的光子能量为：E=13.60.85eV=12.75eV则逸出功为：W=12.75eV，故B正确C、一群处于n=3的氢原子向低能级跃迁时，辐射的能量小于从n=4能级直接向n=1能级跃迁所放出的光子能量，则不会发生光电效应，故C错误D、根据玻尔原子模型，可知，处于n=1能级时，其核外电子在最靠近原子核的轨道上运动故D正确E、氢原子处于n=1能级时，氢原子能量最小，故E错误；故选：ABD20如图所示，滑板A放在水平面上，长度为l=2m，滑块质量mA=1kg，mB=0.99kg，A、B间粗糙现有mA=0.01kg子弹以v0
45、=200m/s速度向右击中B并留在其中子弹C击中B后瞬间，B速度多大？若滑块A与水平面固定，B被子弹击中后恰好滑到A右端静止，求滑块B与A间动摩擦因数【考点】动量守恒定律；动能定理【分析】子弹击中B的过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出B的速度由动能定理可以求出动摩擦因数【解答】解：子弹击中B的过程中系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mCvm0=（mB+mC）v1，代入数据解得：v1=2m/s；若滑块A与水平面固定，B由运动到静止，位移为s，动能定理有：（mB+mC）gs=0（mB+mC）v12，代入数据解得：=0.1；答：子弹C击中B后瞬间，B速度为2m/s滑块B与A间动摩擦因数为0.12016年6月12日
