1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省勐腊县第一中学2019-2020学年上学期期末考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示电路中，已知R1R2R3，当在AB间接入电源后流过R1、R2、R3的电流比为()A 211 B 111 C 221 D 1122.如图所示，在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.在xOy平面内，从原点O处沿与x轴正方向成角(0)以速率v发射一个带正电的粒子(重力不计)则下列说法正确的是()A 若v一定，越大，则粒子在磁场中运动的时间越短B 若v一定，越大，则粒
2、子离开磁场时的位置距O点越远C 若一定，v越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D 若一定，v越大，则粒子在磁场中运动的时间越短3.如图虚线为某电场的等势面，有两个带电粒子(重力不计)，以不同的速率沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动，由轨迹可以判定()A 两粒子带电多少一定不同B 两粒子的电性可能相同C 两粒子的电势能都是先减少后增大D 经过B、C两点，两粒子的速率可能相等4.导体中电流I的表达式为InqSv，其中S为导体的横截面积，n为导体每单位体积内的自由电荷数，q为每个自由电荷所带的电荷量，v是()A 导体运动的速率 B 电流传导的速率C 电子热运动的速率 D 自由电荷
3、定向移动的速率5.如图所示的匀强电场中，一个电荷量为q的正点电荷，沿电场线方向从A点运动到B点，A、B两点间的距离为d.在此过程中电场力对电荷所做的功为W，则A点的电场强度的大小为()A BqWdC D6.如图所示，匀强磁场方向垂直纸面向里，铜质导电板置于磁场中通电时铜板中的电流方向向下，由于磁场的作用()A 铜板左侧聚集较多的电子，铜板右侧的电势高于左侧的电势B 铜板左侧聚集较多的电子，铜板左侧的电势高于右侧的电势C 铜板右侧聚集较多的电子，铜板左侧的电势高于右侧的电势D 铜板右侧聚集较多的电子，铜板右侧的电势高于左侧的电势7.如图所示，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是
4、()A 竖直向上B 竖直向下C 垂直纸面向里D 垂直纸面向外8.如图所示，条形磁铁竖直放置，一水平圆环从磁铁上方位置M向下运动，到达磁铁上端位置N，套在磁铁上到达中部P，再到达磁铁下端位置Q，后来到达下方L.圆环在MNPQL过程中，穿过圆环的磁通量变化情况是()A 变大，变小，变大，变小B 变大，变大，变小，变小C 变大，不变，不变，变小D 变小，变小，变大，变大9.如图，棒AB上均匀分布着正电荷，它的中点正上方有一点P，则P点的场强方向为()A 垂直于AB向上B 垂直于AB向下C 平行于AB向左D 平行于AB向右10.A、B、C三点在同一直线上，ABBC12，B点位于A、C之间，在B处固定一
5、电荷量为Q的点电荷当在A处放一电荷量为q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为2q的点电荷，其所受静电力为()A B C F DF二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列相关说法中正确的()A 该束带电粒子带正电B 速度选择器的P1极板带负电C 能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于EB1D 粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝S0，粒子的比荷越大12.(多选)如图为一个电磁泵从血库里向外抽血的结构示意图，长方体导管的左、右表面绝缘，上、下表面为导体，管长为a、内壁高为b、宽为L且内壁光滑将
6、导管放在垂直左、右表面向右的匀强磁场中，由于充满导管的血浆中带有正、负离子，将上、下表面和电源接通，电路中会形成大小为I的电流，导管的前后两侧便会产生压强差p，从而将血浆抽出，其中v为血浆流动方向若血浆的电阻率为，电源的电动势为E，内阻为r，匀强磁场的磁感应强度为B，则下列判断正确的是()A 此装置中血浆的等效电阻RB 此装置中血浆受到安培力大小FBILC 增大磁感应强度可以加快血浆的外抽速度D 前后两侧的压强差p13.（多选）如图所示，图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线，OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图线，由图可知（）A 该电源的电动势为6 V，内阻是2 B 固定电阻R的
7、阻值为1 C 该电源的最大输出功率为9 WD 当该电源只向电阻R供电时，其效率约为66.7%14.(多选)在同一光滑斜面上放同一导体棒，下图所示是两种情况的剖面图它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上，两次导体A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡已知斜面的倾角为，则()AI1I2cos：1BI1I211C 导体A所受安培力大小之比F1F2sincosD 斜面对导体A的弹力大小之比FN1FN2cos21分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 15.某直流电动机M转动时的UI图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中
8、使用恒压电源，R115，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在_端(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6A，则恒压电源输出电压为_V.(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8A，直流电动机M实际消耗的电功率为_W，滑动变阻器接入电路中的阻值为_.(取两位有效数值)16.在“用伏安法测定一条金属丝(总电阻约10 )电阻率”的实验中某同学用螺旋测微器测得金属丝直径d如图甲所示，可读得d_mm.他又把金属丝拉直后将其两端固定在刻度
9、尺两端的接线柱a和b上，在金属丝上夹上一个小金属夹P，移动金属夹P的位置，从而改变接入电路中金属丝的长度把这样的装置接入实验电路中，如图乙所示但他连接线路时却出现了两处错误，请用“”标在错误的导线上，再用笔画线代替导线给予改正闭合开关前，滑动变阻器触头应移至_(填“左”或“右”)端闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，以后通过多次改变P点的位置，得到多组U、I、L的数据，即得到金属丝长L时对应的电阻R.把这多组L和R的数据，绘成如图丙所示图线，则该图线斜率表示的物理意义是_(要求用文字表述)如果图线的斜率k1 /m，则该金属丝电阻率_m.(保留两位有效数字)四、计算题 17.如图所示
10、，ABCD为竖立放在场强为E104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道上的一点，而且ABR0.2 m把一质量m0.1 kg、带电量q104C的小球，放在水平轨道的A点由静止开始释放后，在轨道的内侧运动(g取10 m/s2)求：(1)它到达C点时的速度是多大？(2)若让小球安全通过D点，开始释放点离B点至少多远？18.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d40cm，电源电动势E24V，内电阻r1，电阻R15，闭合开关S，待电路稳定后，一带电量q1102C、质量m2102kg的小球恰好静止于两板
11、之间取g10m/s2，求：(1)两板间的电压；(2)此时，滑动变阻器接入电路的阻值19.如图所示，通电导体棒ab质量为m、长为L，水平地放置在倾角为的光滑斜面上，通以图示方向的电流，电流强度为I，要求导体棒ab静止在斜面上求：(1)若磁场方向竖直向上，则磁感应强度B为多大？(2)若要求磁感应强度最小，则磁感应强度的大小、方向如何？20.如图所示，在半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，圆形区域右侧有一竖直感光板MN，圆顶点P有一速率为v0的带正电的粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m，电荷量为q，粒子的重力不计(1)若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；(2
12、)若粒子对准圆心射入，且速率为v0，求它打到感光板MN上时速度的垂直分量 答案1.B 2.A 3.D 4.D 5.C 6.C 7.C 8.B 9.A 10.B11.AD 12.ACD 13.CD 14.AD15.(1)左(2)9(3)3.84.8【解析】(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值最大，则滑动触头应在左端(2)恒压电源输出电压UI1R10.615V9V(3)通过直流电动机M的电流I2II11.8A0.6A1.2A，根据甲图可知此时直流电动机M的电压为UM3.2V，U2UUM9V3.2V5.8V，则直流电动机M实际消耗的电功率为PUMI23.21.2W3.8W，滑动变
13、阻器接入电路中的阻值为R4.8.16.0.725左电阻率与金属丝横截面积之比4.1107m【解析】螺旋测微器读数时要先读整数，再读小数，注意半毫米刻度线，要估读，由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5 mm，可动刻度所示为22.50.01 mm0.230 mm，螺旋测微器的示数为0.5 mm0.225 mm0.725 mm.如图为了避免电流表的分压，电流表测量连入电路部分的金属丝两端的电压，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应该最大，滑动变阻器触头应移至左端，由R可知，该图线斜率表示的物理意义是：电阻率与金属丝横截面积之比代入数据可得：4.1107m.17.(1)2 m/s(2)0.5 m【
14、解析】(1)由A点到C点应用动能定理有Eq(ABR)mgRmv解得vC2 m/s.(2)在D点，小球要安全通过必有mgm设释放点距B点的距离为x，由动能定理得：Eqxmg2Rmv以上两式联立可得x0.5 m.18.(1)8V(2)8【解析】(1)由题意可知小球恰好静止于两板之间，以小球为研究对象受力分析可知，小球受到重力和电场力二力平衡，所以有mg，即有UV8V.(2)设此时滑动变阻器接入电路的阻值为RP，由闭合电路欧姆定律可得电路中的电流为I且UIRP.代入数据可得RP8.19.(1)(2)方向垂直于斜面向上【解析】(1)由平衡条件得：F安mgtanB所以B(2)安培力沿斜面向上时，安培力最小F安minmgsinBmin所以Bmin，方向垂直于斜面向上20.(1)(2)v0【解析】(1)设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径为r，由牛顿第二定律得Bqv0m所以rR带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为，如图所示t(2)由(1)知，当vv0时，带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为R，其运动轨迹如图所示由图可知PO2OOO2A30所以带电粒子离开磁场时偏向角为60粒子打到感光板上时速度的垂直分量为vvsin 60v0高考资源网版权所有，侵权必究！
