1、杭锦后旗重点高中2020-2021学年高二下学期6月联考物理试卷一、选择题（1-8为单选，9-12为多选。每小题4分，共48分）。1.一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行，则气体体积在()Aab过程中不断减小Bbc过程中保持不变 Ccd过程中不断增大Dda过程中保持不变答案B解析首先，因为bc的延长线通过原点，所以bc是等容线，即气体体积在bc过程中保持不变，B正确；ab是等温线，压强减小则体积增大，A错误；cd是等压线，温度降低则体积减小，C错误；连接aO交cd于e，则ae是等容线，即Va
2、Ve，因为VdVe，所以VdVa，所以da过程中体积变化，D错误2入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，下列说法中正确的是()A有可能不发生光电效应B从光照射到金属表面上至发射出光电子之间的时间间隔将明显增加C逸出的光电子的最大初动能将减小D单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少答案D3. 如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为( )A11 B21C32 D23答案C解析小球A做平抛运动，根据分位移公式，有：xv1tygt2又tan30联立得：v1g
3、t小球B恰好垂直打到斜面上，则有：tan30则得v2gt由得：v1v232.4. 如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的( )周期相同 线速度的大小相等角速度大小相等 向心加速度大小相等A B C D答案 C5 假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体一矿井深度为d.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为()A1 B1 C.2 D.2答案 A6. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测得，近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测
4、g转变为测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点上抛小球又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于()A. B.C. D.答案A解析小球从O点能上升的最大高度为g()2，小球从P点到最高点能上升的高度为g()2，所以有Hg()2g()2，解得g.7.如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是()A若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B若加速度足够大，斜面对球的弹力可
5、能为零C斜面和挡板对球的弹力的合力等于maD斜面对球不仅有弹力，而且该弹力是一个定值答案D解析设球的质量为m，斜面倾角为，斜面给球的弹力为F1，竖直挡板给球的弹力为F2.对球受力分析，如图所示由牛顿第二定律得：F1cos mg0，F2F1sin ma解得F1是定值，F2mgtan ma，故A、B错，D正确；球所受斜面、挡板的力以及重力的合力为ma，故C错8一只小船在静水中的速度为3 m/s，它要渡过一条宽为30 m的河，河水流速为4 m/s，则这只船()A不可能渡过这条河B可以渡过这条河，而且最小位移为50 mC过河时间可能小于10 sD不能沿垂直于河岸方向过河答案D9如图所示，滑块A与小球B
6、用一根不可伸长的轻绳相连，且滑块A套在水平直杆上现用大小为10 N、与水平方向成30角的力F拉B，使A、B一起向右匀速运动，运动过程中A、B保持相对静止已知A、B的质量分别为2 kg、1 kg，重力加速度为10 m/s2，则() A轻绳与水平方向的夹角60B轻绳与水平方向的夹角30C滑块A与水平直杆之间的动摩擦因数为D滑块A与水平直杆之间的动摩擦因数为答案BD解析以A、B整体为研究对象，由平衡条件可知，在水平方向上Fcos 30FN，在竖直方向上(mAmB)gFsin 30FN，联立解得，所以D正确；以B为研究对象，由平衡条件可知，水平方向上FTcos Fcos 30，竖直方向上FTsin F
7、sin 30mBg，联立解得30，B正确10.我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图象，如图所示.以下判断正确的是()A.6 min8 min内，深潜器的加速度最大B.4 min6 min内，深潜器停在深度为60 m处C.3 min4 min内，潜水员处于超重状态D.在第8 min末，深潜器的速度方向不改变答案CD 11.用一水平拉力使质量为m的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动， 物体的vt图象如图所示下列表述正确的是( )A在0t1时间内拉力逐渐增大B在0t1时间内物体做变加速运动C在t1t2时间内拉力的功率不为零D在t1t2时间内合外力做
8、功为mv2答案BC解析由Fmgma及PFv知0t1时间内拉力F逐渐减小，物体做变加速直线运动，B正确；在t1t2时间内，Fmg，F合0，故C正确，D错误12。如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2分别与质量均为m的小滑块P和小球Q连接已知光滑直杆两端固定且与两定滑轮在同一竖直平面内，杆与水平面的夹角为，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰现将小物块从C点由静止释放，在其下滑过程中，下列说法正确的是（ ）A小滑块的动能先增加后减小B小滑块的机械能先增加后减小C小球的动能先增加后减小D小球的机械能先增加后减小答案 AB二、实验题（每空4分
9、，共16分）13某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系图1下列做法正确的是_(填字母代号)A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量_木块和木块上砝码的总质量(选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图2所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没
10、有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图9中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲_m乙，甲_乙(选填 “大于”、“小于”或“等于”)解析在探究加速度与力、质量的关系的实验中，平衡摩擦力时木块不通过定滑轮挂砝码桶，而要挂纸带，并且改变质量时不需要重新平衡摩擦力；在实验时应先接通电源再放开木块，故选项A、D均正确，B、C均错误选木块和木块上砝码(设总质量为M)、砝码桶及桶内的砝码(设总质量为m)为研究对象，则mg(Mm)a选砝码桶及桶内的砝码为研究对象则mgFTma联立解得：FTmg要使FTmg，需要
11、 0，即Mm对质量为m的木块由牛顿第二定律得：Fmgma即aFg.上式与题图结合可知：，甲g乙g.即：m甲m乙，甲乙答案AD远小于小于大于三.计算题（共36分）14.（9分）如图所示，光滑水平面上放有一质量为M的汽缸，汽缸内放有一质量为m的可在汽缸内无摩擦滑动的活塞，活塞面积为S.现用水平恒力F向右推汽缸，最后汽缸和活塞达到相对静止状态，求此时缸内封闭气体的压强p.(已知外界大气压为p0) 解析选取汽缸和活塞整体为研究对象，相对静止时有：F(Mm)a再选活塞为研究对象，根据牛顿第二定律有：pSp0Sma解得：pp0.答案p015（12分）如图所示，一质量为m的物块在与水平方向成的力F的作用下从
12、A点由静止开始沿水平直轨道运动，到B点后撤去力F，物体飞出后越过“壕沟”落在平台EG段已知物块的质量m1kg，物块与水平直轨道间的动摩擦因数为0.5，AB段长L10m，BE的高度差h0.8m，BE的水平距离x1.6m若物块可看做质点，空气阻力不计，(g取10m/s2).(1)要越过“壕沟”，求物块在B点最小速度v的大小；(2)若37，为使物块恰好越过“壕沟”，求拉力F的大小；答案(1)4m/s(2)5.27N解析(1)hgt2t0.4sv4m/s.(2)v22aLa0.8m/s2对物块受力分析，由牛顿第二定律可得：Fcos(mgFsin)maF代入数据可得：F5.27N.16.（15分）如图所
13、示，光滑的圆弧AB，半径R0.8 m，固定在竖直平面内一辆质量为M2 kg的小车处在光滑水平面上，小车的上表面CD与圆弧在B点的切线重合，初始时B与C紧挨着，小车长L1 m现有一个质量为m1 kg的滑块(可视为质点)，自圆弧上的A点由静止开始释放，滑块运动到B点后冲上小车，带动小车向右运动，当滑块与小车分离时，小车运动了x0.2 m，此时小车的速度为v1 m/s.取g10 m/s2求：(1)滑块到达B点时对圆弧轨道的压力；(2)滑块与小车间的动摩擦因数；(3)滑块与小车分离时的速度答案(1)30 N，方向竖直向下(2)0.5(3)2 m/s解析(1)滑块从A到B的过程，由动能定理得mgRmv滑块在B点，由牛顿第二定律得FNmgm代入数据解得FN30 N由牛顿第三定律知，滑块在B点对轨道的压力为30 N，方向竖直向下(2)对小车，由动能定理得mgxMv2代入数据解得0.5(3)对滑块，在小车上运动的过程中，由动能定理得mg(xL)mvmv代入数据解得vD2 m/s
