1、高考资源网（） 您身边的高考专家一、单项选择题1(2019昆明高一检测)由牛顿第二定律知，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当我们用一个力推桌子没有推动时是因为()A牛顿第二定律不适用于静止的物体B桌子的加速度很小，速度增量很小，眼睛不易觉察到C推力小于摩擦力，加速度是负值D推力、重力、地面的支持力与摩擦力的合力等于零，物体的加速度为零，所以物体仍静止解析：选D.牛顿第二定律中的力应理解为物体所受的合力用一个力推桌子没有推动，是由于桌子所受推力、重力、地面的支持力与摩擦力的合力等于零，物体的加速度为零，所以物体仍静止，故选项D正确，选项A、B、C错误2(2019浙江期中)来自北京工业大
2、学的一群大学生，受“蜘蛛侠”的启发，研发出了独特的六爪攀壁机器人(如图甲)六爪攀壁蜘蛛机器人如同排球大小，“腹部”底盘较低，并且安装了驱动风扇假设所攀爬的墙体为一张纸，当纸靠近运转的电风扇时，由于压力差的改变，纸会被紧紧吸附在电扇表面正是运用了这个原理，当机器人腹部的驱动风扇开始运转，它便可以稳稳地吸附于墙体上假设“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀加速“爬行”到B点在此过程中，重力之外的其他力的合力用F表示，则“机器人”受力情况分析正确的是()解析：选C.“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀加速“爬行”到B点，加速度从A指向B，根据牛顿第二定律可知，在竖直平面内“蜘蛛侠”的合力方向应
3、该是从A指向B，结合平行四边形定则知：F与mg的合力沿A到B方向，故C正确，A、B、D错误3.如图所示，放在光滑水平面上的一个物体，同时受到两个水平方向力的作用，其中水平向右的力F15 N，水平向左的力F210 N，当F2由10 N逐渐减小到零的过程中，物体的加速度大小是()A逐渐减小B逐渐增大C先减小后增大 D先增大后减小解析：选C.一开始，物体所受合力为F10 N5 N5 N，方向向左，当F2由10 N逐渐减小，F也逐渐减小，当F2减小到5 N时，F值变为0，随着F2的继续减小，F方向变为向右，从0逐渐增大，当F2变为0的时候，F变为最大5 N，由牛顿第二定律，物体的加速度也是先减小后增大
4、，故C正确4.(2019泰安高一检测)“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性橡皮绳质量为m的小丽静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小丽左侧橡皮绳断裂，则小丽此时的()A加速度为零B加速度ag，沿断裂橡皮绳的方向斜向下C加速度ag，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D加速度ag，方向竖直向下解析：选B.当小丽处于静止状态时，拉力Fmg，两绳之间的夹角为120，若小丽左侧橡皮绳断裂，则小丽此时所受合力沿断裂橡皮绳的方向斜向下，由牛顿第二定律Fma知mgma，ag，故选项B正确5.如图所示，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球两小球均保持静止当突然剪断细绳时，上面的小球A与下面
5、的小球B的加速度为()AaAg，aBg BaAg，aB0CaA2g，aB0 DaA0，aBg解析：选C.分别以A、B为研究对象，分析剪断前和剪断时的受力剪断前A、B静止，A球受三个力：绳子的拉力FT、重力mg和弹簧弹力F，B球受两个力：重力mg和弹簧弹力F，如图甲A球：FTmgF0B球：Fmg0，FF解得FT2mg，Fmg.剪断瞬间，因为绳无弹性，瞬间拉力不存在，而弹簧瞬间形状不可改变，弹力不变如图乙，A球受重力mg、弹簧弹力F.同理B球受重力mg和弹力F.A球：mgFmaAB球：FmgmaB0，FF解得aA2g，aB0.6(2019福建模拟)早在公元前4世纪末，我国的墨经中就有关于力和运动的
6、一些见解，如“绳下直，权重相若则正矣收，上者愈丧，下者愈得”，这句话所描述的与下述物理现象相似如图，一根跨过定滑轮的轻绳两端各悬挂一重物，当两重物质量均为m时，系统处于平衡状态若减小其中一个重物的质量，系统就无法保持平衡，上升的重物减小的质量m越多，另一个重物下降的加速度a就越大已知重力加速度为g，则a与m的关系图象可能是()解析：选C.不妨假设右边的物体质量减少m，则右边的物体向上做匀减速运动，左边的物体做向下做匀加速运动，它们的加速度大小a相同，绳子的拉力大小F相等对右边物体，根据牛顿第二定律：Fmg(mm)a对左边物体，根据牛顿第二定律：mgFma联合式可得：agg，根据上式知，m和a并
7、非是线性化关系，故A、B错误；当mm时，可得 ag，故C正确，D错误7.(2019封丘校级月考)如图所示，质量相等的A、B两小球分别连在轻绳两端，A球的一端与轻弹簧相连，弹簧的另一端固定在倾角为30的光滑斜面顶端，重力加速度大小为g.下列说法正确的是()A剪断轻绳的瞬间，A的加速度为零，B的加速度大小为gB剪断轻绳的瞬间，A、B的加速度大小均为C剪断轻绳的瞬间，A、B的加速度均为零D剪断轻绳的瞬间，A的加速度为零，B的加速度大小为g解析：选B.设小球的质量为m，对整体分析，弹簧的弹力F2mgsin 30mg，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A分析，aAg，B的加速度为：aBg，故B正确，A、
8、C、D错误8如图甲所示，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的关系图象如图乙所示由图可以判断下列说法错误的是(重力加速度为g)()A图线与纵轴的交点M的值aMgB图线的斜率等于物体质量的倒数C图线与横轴的交点N的值TNmgD图线的斜率等于物体的质量m解析：选D.对货物受力分析，受mg和拉力T，根据牛顿第二定律，有：Tmgma，得：aTg；当a0时，Tmg，故图线与横轴的交点N的值TNmg，故C正确；当T0时，ag，即图线与纵轴的交点M的值aMg，故A正确；图线的斜率表示质量的倒数，故B正确，D错误二、多项选择题9.
9、如图所示，某旅游景点的倾斜索道与水平线夹角30，当载人车厢以加速度a斜向上加速运动时，人对车厢的压力为体重的1.25倍，此时人与车厢相对静止，设车厢对人的摩擦力为Ff，人的体重为G，下面正确的是()Aa BaCFfG DFfG解析：选BD.由于人对车厢底的正压力为其重力的1.25倍，所以在竖直方向上有FNmgma上，解得，a上0.25g，设水平方向上的加速度为a水，则tan 30，a水g，a ，Ffma水G，故B、D正确10.半圆形光滑圆槽内放一质量为m的小球，今用外力拉着圆槽在水平面上匀加速运动，稳定后小球位置如图所示，则小球受圆槽的支持力FN和加速度a为()AFNmg BFNmgCag D
10、ag解析：选BD.小球受力如图，由牛顿第二定律得：F合mgtan 30maagtan 30g，则FNmg故B、D正确11(2019辽宁葫芦岛高一月考)如图所示，物块沿固定斜面下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则()A若物块原来匀速下降，施加力F后物块仍将匀速下滑B若物块原来匀速下滑，施加力F后物块将加速下滑C若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将以加速度a匀加速下滑D若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将匀加速下滑，加速度大于a解析：选AD.设斜面倾角为，原来物体匀速下滑时有：mgsin mgcos ，即sin cos ，与物体的重力无关，则施加竖直向下的力F
11、，物体仍匀速下滑，故A正确，B错误；若物块A原来加速下滑，有mgsin mgcos ，将F分解，则Fsin Fcos ，动力的增加大于阻力的增加，加速度变大，故C错误，D正确三、非选择题12(2019武汉高一检测)如图所示，一木块沿倾角37的光滑固定斜面自由下滑g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求木块的加速度大小；(2)若木块与斜面间的动摩擦因数0.5，求木块加速度大小解析：(1)分析木块的受力情况如图甲所示，木块受重力mg、支持力FN两个力作用，合外力大小为mgsin ，根据牛顿第二定律得mgsin ma1，所以a1gsin 100.6 m/s26 m/s2.
12、(2)若斜面粗糙，木块的受力情况如图乙所示，建立直角坐标系在x方向上(沿斜面方向)mgsin Ffma2在y方向上(垂直斜面方向)FNmgcos 又因为FfFN由得a2gsin gcos (100.60.5100.8) m/s22 m/s2.答案：(1)6 m/s2(2)2 m/s2132019年1月3日，中国的“嫦娥四号”成为了人类历史上第一个在月球背面成功实施软着陆的人类探测器“嫦娥四号”探测器在距离月面100 m高度的A点时，利用发动机的反推力作用悬停，用自身的三维成像敏感器对着陆区进行障碍检测，选出月面C点为最安全的着陆点此时，探测器调整发动机的反推力，沿水平方向从静止匀加速直线运动，
13、然后再以相同加速度大小匀减速直线运动，刚好在C点正上方的B点减速为零已知AB长10 m，从A到B的运动时间为20 s，探测器总质量为300 kg(忽略喷气对探测器质量的影响)，探测器在月球表面的重力为地球表面的，求探测器：(1)从A运动到B过程中的最大速率；(2)匀加速运动时的加速度大小；(3)匀减速运动时发动机的反推力大小解析：(1)探测器从A运动到B的平均速度为 m/s0.5 m/s最大速度vm21.0 m/s；(2)加速时间t110 s加速度大小a0.1 m/s2；(3)x轴方向的合力：Fxma30 N根据力的平行四边形法则可得：F10 N500 N.答案：(1)1.0 m/s(2)0.1 m/s2(3)500 N- 7 - 版权所有高考资源网
