1、高二9月份月结学情调研物理试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.关于电源和电流，下列说法中正确的是（ ）A.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.电流有方向，所以电流是矢量C.公式中W是电场力做的功D.电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领，其他形式的能转化越多，电动势就越大2.学校买回一捆铜导线，物理老师要求同学们在不打开包装只露出两端线头的情况下，测量其长度是否与标识吻合.同学们需要查阅及测量下列哪组物理量才能完成任务（ ）A.铜的电阻率、导线的电阻RB.铜的电阻率、导线横截面的直径dC.铜的电阻率
2、、导线的电阻R、导线横截面的直径dD.导线的电阻R、导线横截面的直径d3.电子绕核运动可等效为一环形电流，设氢原子中的电子沿半径为r的圆形轨道运动,已知电子的质量为m，电子的电荷量为e，则其等效电流的大小为（ ）A. B. C. D.4.如图所示，两个阻值较大的定值电阻串联后，接在输出电压的直流电源上，电源电压保持不变，把电压表接在两端，电压表的示数为，如果把此电压表改接在两端，电压表的示数将（ ）A.等于 B.小于 C.大于 D.电压表内阻末知，无法判断5.压敏电阻的阻值是随所受压力的增大而减小的，小聪想设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大，以下电路
3、不符合要求的是（ ）A. B. C. D.6.学校某教室里安装了四盏日光灯，分别由两个开关控制.每个开关同时控制两盏灯的亮与灭，则下列电路图合理的是（ ）A. B. C. D.7.四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表和两个电压表.已知电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，改装好后把它们按右图所示接入电路，则（ ）电流表的读数大于电流表的读数 电流表的偏转角小于电流表的偏转角电压表的读数小于电压表的读数 电压表的偏转角等于电压表的偏转角A. B. C. D.8.如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器的滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是（ ）A.电源的输出功
4、率一定变小 B.电压表的读数变小，电流表的读数变小C.电压表的读数变大，电流表的读数变小 D.电压表的读数变小，电流表的读数变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.9.甲、乙为同种材料做成的两柱状导体，横截面积之比为，长度之比为.相同时间内，通过甲、乙两导体某一横截面的电量之比为，则甲、乙两导体中（ ）A.电流之比为 B.电流之比为C.自由电荷定向移动的平均速率之比为 D.自由电荷定向移动的平均速率之比为10.如图是某品牌电动汽车的标识牌，以下说法正确的是（ ）整车型号CH830
5、BEV最大设计总质量动力电池容量驱动电机额定功率驱动电机型号WXMP30LO车辆设计代号VINLVFAD11A44000003A.该电池的容量为 B.该电池以的电流放电，可以工作C.该电池以的电流放电，可以工作 D.该电池充完电可贮存的电荷量为11.如图所示，一块均匀的长方体金属块，长为a，宽为b，厚为c，已知，在长方体的左、右、前、后分别引出A、B、C、D四个接线柱，现分别在两端施加恒定电压，相应的沿电流方向电子定向移动的平均速度为，单位时间内流过垂直电流方向横截面积的电荷量为，若，则（ ）A. B. C. D.12.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（ ）A.加
6、电压时，导体的电阻是B.加电压时，导体的电功率为C.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大D.该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻第卷（非选择题）三、实验题（13题7分14题7分，共14分）13.某同学用伏安法测定待测电阻的阻值（约为），除了，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A.电压表（量程，内阻约为）B.电压表（量程，内阻约为）C.电流表（内阻约为）D.电流表（，内阻约为）E.电源（电动势，额定电流，内阻不计）F.电源（电动势，额定电流，内阻不计）G.滑动变阻器（阻值范围，额定电流）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_.（均填器材的字母
7、代号）；画出测量阻值的实验电路图.该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”）.14.在飞行器仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温度系数低，电阻率大，耐磨等性能.实验小组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率的实验，其操作如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1所示，可知其长度为_；用螺旋测微器测出其直径D如图2所示，则_.（2）此圆柱体电阻约为，欲测量这种材料的电阻率，现提供以下实验器材A.电流表（量程，内阻W）；B.电流表（量程，内阻约为）；C.电压表V（量程，内阻约为）；D.滑动变阻器（，额定电流）；E.定值
8、电阻；F.直流电源E（电动势为，内阻很小）G.开关一只，导线若干.根据提供的滑动变阻器的阻值，实验中供电电路应该选择_（“分压式供电”，“限流式供电”），为了尽可能精确测量圆柱体的阻值，在所给的方框中设计出实验电路图3，并标明所选择器材的物理符号.（ ）（3）此圆柱体长度为L直径D，若采用以上电路设计进行测量电阻率_（写出表达式）（若实验中用到电流表、电流表、电压表V，其读数可分别用字母、U来表示）.三、计算题（15题10分，16题10分，17题12分，18题14分，共46分；解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）15.如图所示电路，.(1)如果已知流过
9、电阻的电流，则干路电流多大？（保留两位有效数字）(2)如果已知干路电流，则流过每个电阻的电流多大？（保留两位小数）16.如图所示，电源电动势，电阻，电动机绕阻的内阻，当电键S断开时，电阻的电功率是；当电键S闭合时，电阻的电功率是.求：（1）电源的内阻；（2）当电键S闭合时流过电源的电流；（3）电动机输出的机械功率.17.如图所示是一种悬球式加速度仪，它可以用来测定沿水平轨道运动的列车的加速度，金属球的质量为m，它系在金属球丝下端，金属丝的上端悬挂在O点，是一根长为L的均匀电阻丝，其阻值为R，金属丝与电阻丝接触良好，摩擦不计.电阻丝的中点C焊接一根导线，从O点也引出一根导线，两线之间接入一个电压
10、表V（金属丝和导线电阻不计）.图中虚线与垂直，且.电阻丝接在电压为U的直流稳压电源上，整个装置固定在列车中且沿着车前进的方向，列车静止时金属丝呈竖直状态，当列车加速前进时，金属丝将偏离竖直方向，从电压表V的读数变化可以测出加速度的大小.(1)当列车向右做匀加速直线运动时，试导出加速度a与电压表读数的关系式（用、U、L、h及重力加速度g等表示）.(2)用导出的a与的关系式并说明表盘上a的刻度是否均匀.18.如图所示，一带电液滴以的速度沿中心轴线射入金属板，已知，平行金属板板长为，两板间距离.小球电量，质量，电源内阻，不计一切阻力，重力加速度.求：（1）若均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动
11、，求电源电动势E；（2）若断开，闭合，小球从平行板右侧离开时，求速度偏向角的正切值；（3）若均闭合，判断小球能否飞出平行金属板？高二9月份月考参考答案1.【答案】A 2.【答案】C 3.【答案】A4.【答案】B【详解】电压表接在两端，电压表的示数为，表面电压表与并联后电阻与的阻值相等，说明大于，把此电压表改接在两端，则电压表与并联，其总电阻要小于，根据电压分配规律，电压表示数要小于.故选B.5.【答案】D 6.【答案】D7.【答案】D【详解】电流表的量程大于电流表的量程，故电流表的电阻值小于电流表的电阻值，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表的读数大于电流表的读数，故正确；两个电流表的表头
12、是并联关系，电压相同，故偏转角度相同，故错误；表头改装成电压表需要串联分压电阻，分压电阻越大，分得的电压越大，量程越大；电压表的量程大于的量程，则电压表的电阻值大于电压表的电阻值，故电压表的读数大于电压表的读数，故错误；两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故偏转角度相同，故正确.故ABC错误，D正确.故选D.8.【答案】C9.【答案】AC【详解】AB根据电流公式得A正确，B错误；CD根据电流的微观表达式得C正确，D错误.故选AC.10.【答案】AB【详解】ABC从题图标识牌可知电池的容量为，即以的电流放电可工作，故A、B正确，C错误；D该电池充完电可贮存的电荷量故D错误.故选AB.11.【答
13、案】AD【分析】【详解】AB由题意可知同理因，则选项A正确，B错误；CD因为即单位时间内流过垂直电流方向横截面积的电荷量之比选项C错误，D正确.故选AD.12.【答案】AC【分析】【详解】A加电压时，电流为，由欧姆定律可知导体的电阻是，A正确；B加电压时，电流为，导体的电功率为B错误；C由图可知，图线斜率的倒数表示电阻，故随着电压的增大，图线斜率减小，导体的电阻不断增大，C正确；D该元件是非线性元件，仍可以用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻，D错误.故选AC.第卷（非选择题）二、实验题（13题,7分，14题7分，共14分）13.【答案】.B（1分） .C（1分） .F（1分） .（2分） .大
14、于（2分）【详解】13若选用电源，由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用的，即F；则电压表就应该选取B；2电路中的最大电流为故选用电流表C.4因为给的滑动变阻器的最大阻值只有，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于所以采用电流表内接法，电路图如图所示5由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；14.【答案】.42.40（1分） .6.7136.715（1分） .分压式供电（1分）.（2分） .（2分）【详解】(1)1长度为2直径为(2)3由于实验提供的滑动变阻器阻值较小，为了方便调节电路，让电表有较大的变化
15、范围，应选择分压式供电.4电压表量程太大，有较大的测量误差，应选择定值电阻与电流表串联，改装成量程为的电压表，因为改装后电表的内阻确定，所以应选择电流表外接，以消除电流表的内阻引起的系统误差.所以电路为(3)5电阻为根据电阻定律得三、计算题（15题10分，16题10分，17题12分，18题14分，共46分；解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）15.（10分）【答案】(1)；(2)【详解】(1)由欧姆定律得两端的电压为：.（1分）并联，三者两端电压应相等，中的电流为：.（1分）中的电流为：.（1分）干路中的电流为：.（1分）(2)设并联后的总电阻为R，则
16、：所以.（2分）并联电路两端的电压为：.（1分）电流分别为：（1分）（1分）（1分）16.（10分）【答案】(1)；(2)；(3)【详解】(1)当电键S断开时，电阻的电功率是可得（3分）(2)当电键S闭合时，电阻的电功率是可得（2分）流过电源的电流（2分）(3)流过电动机的电流（1分）电动机输出的机械功率（2分）17.（12分）【答案】(1)；(2)刻度均匀【详解】(1)对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律得（2分）电压表所测电阻丝的长度（2分）串联电路电流相等，有，所以（2分）所以（2分）(2)因为，而L、g、U、h为定量，知a与成正比（2分）；电压表的刻度均匀，则加速度表盘刻度也均匀.（2分）18.（14分）【答案】（1）；（2）；（3）带电小球恰好从右侧极板边缘飞出【解析】【详解】（1）对均断开时，极板电势差即为电源电动势E由平衡条件得（2分）解得（1分）（2）当断开，闭合时，与串联，电容器与并联电容器两端电压（1分）当断开，闭合时，带电小球做类平抛运动水平方向（1分）竖直方向分速度（1分）对带电小球，由牛顿第二定律得（1分）代入数据解得（1分）（3）当均闭合时，与并联，并联电阻（1分）电容器两端电压（1分）对小球，由牛顿第二定律得（1分）联立求解对带电小球类平抛运动分析，有（1分）（1分）联立求解（1分）带电小球恰好从右侧极板边缘飞出
