1、新课标2013年高考物理考前考点预测五1.如图所示，演员正在进行杂技表演。由图可估算出他将一只鸡蛋抛出的过程中对鸡蛋所做的功最接近于( )A.0.3 JB.3 JC.30 JD.300 J2.(2012福建高考)如图所示,表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮,小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)。初始时刻,A、B处于同一高度并恰好处于静止状态。剪断轻绳后,A下落、B沿斜面下滑,则从剪断轻绳到物块着地,两物块( )A.速率的变化量不同B.机械能的变化量不同C.重力势能的变化量相同D.重力做功的平均功率相同3.(2012福州二模)如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一物体向右滑行
2、，并冲上固定在地面上的斜面。设物体在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C点距地面高度为h，则从A到C的过程中弹簧弹力做功是( )A.mgh-B.-mghC.-mghD.-(mg+)4.质量为m的物体静止在粗糙的水平面上，若在水平拉力F作用下产生位移为l时，获得动能为E1;若在水平拉力2F作用下产生位移为l时，获得动能为E2,则( )A.E2=E1B.E2=2E1C.E22E1D.E22E1，故选项C正确。5.【解析】选C。小球a加速度为g，小于自由落体运动的小球b的加速度g，相撞前瞬间，小球a的速度小于小球b的速度，选项A错误；相撞前瞬间，小球a的重力功率小于小球b的重力功率，
3、选项B错误；相撞前瞬间，小球a的速度可表示为gt，小于自由落体运动的小球b的速度(可表示为gt)，由动能公式可知，b球的动能是a球动能的2倍，选项C正确；从开始运动到相撞，b球位移可表示为a球位移可表示为b球位移是a球位移的倍，选项D错误。6.【解析】选B、D。由F-t图象可知，在0t1时间内，Ffm，故物块仍沿同一方向做加速运动，至t3时刻速度最大，动能最大，选项C错、D对。7.【解析】选B、C、D。物体在斜面上受到的摩擦力为恒定值，在水平面上受到的摩擦力也为恒定值，物体在斜面上受到的摩擦力小于在水平面上受到的摩擦力，A错误；物体在斜面上做匀加速直线运动，在水平面上做匀减速直线运动，B和C有
4、可能正确；由动能定理可知D正确。故本题选B、C、D。8.【解析】选A、C。由等量正、负点电荷的电场线分布特点可知，带电小圆环由AB滑动过程中受到的电场力先增大后减小，所以受到的摩擦力先增大后减小，因此它的加速度先变大再变小，故A项正确；由于电场力的方向与运动方向垂直，故电场力始终不做功，选项B项错误；由AO过程与由OB过程摩擦力做的功相等，据动能定理，由AO过程有：由AB过程有：-2W=0可解得v=故C对、D错。9.【解题指导】解答本题时应把握以下关键点：(1)明确Ek-x图象的意义，知道直线斜率的意义。 (2)明确最大动能时对应汽车的匀速运动状态。(3)灵活运用动能定理列方程求解。【解析】选
5、B、C、D。由题图可知，汽车的最大动能是因此，汽车运动过程中的最大速度为vm=40 m/s，在关闭发动机过程中，关闭储能装置时，汽车动能全部转化为内能，则f阻s=根据图象知s=4102 m，那么f阻=2103 N，当汽车速度达到最大时，牵引力等于阻力，即F=f阻=2103 N，汽车的额定功率为P额=Fvm=f阻vm=210340 W=80 kW，选项A错误，选项B正确；在汽车加速运动过程中，根据动能定理得，P额t-f阻s1=其中s1=500 m，加速时间t=22.5 s，选项C正确；根据开启储能装置时的关系图线知，E=Ek-f阻s=8105 J-21031.5102 J=5105 J，选项D正
6、确。【方法技巧】两种功率表达式的比较1.功率的定义式：P=所求出的功率是时间t内的平均功率。2.功率的计算式：P=Fvcos，其中是力与速度间的夹角，该公式有两种用法：(1)求某一时刻的瞬时功率。这时F是该时刻的作用力大小，v取瞬时值，对应的P为F在该时刻的瞬时功率。(2)当v为某段位移(时间)内的平均速度时，则要求这段位移(时间)内F必须为恒力，对应的P为F在该段时间内的平均功率。10.【解析】(1)对冰壶在BO段，由速度位移公式：又a=g(2分)联立解出vm= (1分)(2)在AB段，对冰壶由动能定理得：W-mgL1=0(2分)结合vm=解出W=mg(L1+L2)(1分)(3)从BO段，由
7、动能定理得： (2分)将vm=代入，解出v=(2分)答案：(1)(2)mg(L1+L2)(3)11.【解析】(1)小物块从C水平飞出后做平抛运动，由h= (2分)得小物块从C到D运动的时间t=0.3 s(2分)(2)从C到D，小物块水平方向做匀速直线运动，v= (2分)得v=2 m/s，(2分)此速度即小物块从C点飞出时的速度。(3)小物块从A运动到C的过程中，根据动能定理得mg(H-h)-Wf=-0(4分)则克服摩擦力做功：Wf=0.1 J(2分)答案：(1)0.3 s(2)2 m/s(3)0.1 J12.【解题指导】解答本题需要把握以下四点：(1)读出图象中正、负最大加速度，由牛顿第二定律
8、分别计算出最大拉力和最小拉力。(2)加速度图象与时间轴围成的面积表示速度的变化量。(3)速度最大时拉力等于重力，拉力的功率等于重力与速度的乘积。(4)根据动能定理可计算总功。【解析】(1)由牛顿第二定律，有F-mg=ma(1分)由a -t图象可知，F1和F2对应的加速度分别是a1=1.0 m/s2，a2=-1.0 m/s2(2分)F1=m(g+a1)=2.0103(10+1.0) N=2.2104 N(1分)F2=m(g+a2)=2.0103(10-1.0) N=1.8104 N(1分)(2)类比可得，所求速度变化量等于第1 s内a -t图线下的面积v1=0.50 m/s(2分)同理可得v2=
9、v2-v0=1.5 m/s(1分)v0=0，第2 s末的速率v2=1.5 m/s(1分)(3)由a -t图象可知，11 s30 s内速率最大，其值等于011 s内a -t图线下的面积，有vm=10 m/s(1分)此时电梯做匀速运动，拉力F等于重力mg，所求功率P=Fvm=mgvm=2.01031010 W=2.0105 W(2分)由动能定理，总功W=Ek2-Ek1=-0=2.0103102 J=1.0105 J(2分)答案：(1)2.2104 N1.8104 N(2)0.50 m/s 1.5 m/s(3)2.0105 W1.0105 J【方法技巧】应用动能定理解题的一般步骤(1)选取研究对象，明确它的运动过程。(2)分析研究对象的受力情况和各力的做功情况：(3)明确物体在过程始末状态的动能Ek1和Ek2。(4)列出动能定理的方程W合=Ek2-Ek1及其他必要的解题方程进行求解。
