1、2014-2015学年重庆市万州二中高二（下）月考化学试卷（3月份）一、选择题（本题共20小题，每题2.5分，共50分，每题只有一个选项符合题意）1（2.5分）（2015春大庆校级期中）苹果iPad、iPhone正在中国热卖，但137名苹果公司驻中国供应工厂的员工，却因长期暴露在正己烷环境中，健康遭受不利影响某同学欲按沸点高低将正己烷插入表中（已知表中5种物质已按沸点由低到高顺序排列），则正己烷最可能插入的位置是（）12345甲烷乙烯戊烷2甲基戊烷甲苯A之间B之间C之间D之后考点：有机物实验式和分子式的确定所有专题：有机化学基础分析：对于烃，一般来说其相对分子质量越大，分子间作用力也越大，其沸
2、点越大；对于相对分子质量相同的烷烃，支链越多，沸点越低解答：解：对于烃，一般来说其相对分子质量越大，分子间作用力也越大，其沸点越大，所以正己烷的沸点大于，但比低；对于相对分子质量相同的烷烃，支链越多，沸点越低，所以的沸点比正己烷的沸点低，故沸点由低到高的顺序为：正己烷，故选C点评：本题主要考查了有机物熔沸点的变化规律，掌握规律是解题的关键，难度不大2（2.5分）（2015春万州区校级月考）下列化学用语正确的是（）A聚丙烯的结构简式：B丙烷分子的球棍模型：C四氯化碳分子的电子式：D醛基的结构简式：COH考点：结构简式；电子式；球棍模型与比例模型所有分析：A聚丙烯为丙烯通过加聚反应生成的，链节的主
3、链上含有2个C；B丙烷为链状结构，分子中含有两个甲基和一个亚甲基；C四氯化碳达到电子式中，氯原子的最外层缺少6个电子；D醛基中含有1个碳氢键和1个碳氧双键，该表示方法不规范解答：解：A丙烯通过加聚反应生成聚丙烯，聚丙烯的结构简式为：，故A错误；B丙烷分子中含有3个碳原子，分子中所有共价键都是单键，丙烷的球棍模型为：，故B正确；C四氯化碳为共价化合物，碳原子和氯原子最外层都达到8电子稳定结构，四氯化碳的电子式为：，故C错误；D醛基正确的结构简式为：CHO，故D错误，故选B点评：本题考查了球棍模型、电子式、结构简式等化学用语的判断，题目难度中等，注意掌握常见化学用语的概念及正确的表示方法，明确球棍
4、模型与比例模型的表示方法，选项A为易错点，注意聚丙烯的结构简式中，链节的主链含有2个C3（2.5分）（2015春万州区校级月考）NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（）A标准状况下，11.2L的戊烷所含的分子数为0.5NAB26g乙炔所含共用电子对数目为2NAC标准状况下，11.2L CCl4所含分子数为0.5NAD现有乙烯、丙烯、丁烯的混合气体共14g，其原子数为3NA考点：阿伏加德罗常数所有分析：A气体摩尔体积适用对象为气体；B乙炔分子中含有3对碳碳共用电子对、2个碳氢共用电子对，总共含有5个共用电子对；C气体摩尔体积适用对象为气体；D乙烯、丙烯（C3H6）、丁烯（C4H8）的最简式相同
5、，混合物的最简式为CH2，据此计算解答：解：A标况下，戊烷为液态，不能使用气体摩尔体积，故A错误；B.26g乙炔的物质的量为1mol，1mol乙炔中含有1mol碳碳三键、2mol碳氢键，总共含有5mol共用电子对，所含共用电子对数目为5NA，故B错误；C标况下，四氯化碳为液态，不能使用气体摩尔体积，故C错误；D混合物的最简式为CH2，使用含有的原子数为3NAmol1=3NA，故D正确；故选：D点评：本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系是解题关键，注意明确标况下戊烷、四氯化碳的状态不是气体，题目难度不大4（2.5分）（2010浙江学业考试
6、）下列各组有机物中，只需加入溴水就能一一鉴别的是（）A己烯、苯、四氯化碳B苯、己炔、己烯C己烷、苯、环己烷D甲苯、己烷、己烯考点：有机物的鉴别所有专题：物质检验鉴别题分析：含有不饱和键的物质能与溴水发生加成反应而使溴水褪色，结合有机物的水溶性以及密度进行鉴别解答：解：A己烯含有C=C键，可与溴水发生加成反应而使溴水褪色，苯和四氯化碳与溴水都不反应，但苯的密度不水小，色层在上层，四氯化碳的密度比水大，色层在下层，可鉴别，故A正确；B己炔、己烯都为不饱和烃，都能与溴水反应，不能鉴别，故B错误；C苯、环己烷都不与溴反应，且密度比水小，无法鉴别，故C错误；D甲苯、己烷都不与溴反应，且密度比水小，无法鉴
7、别，故D错误故选A点评：本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握常见有机物的性质，特别是水溶性和密度5（2.5分）（2014秋科尔沁区期末）研究有机物一般经过以下几个基本步骤：分离、提纯确定实验式确定分子式确定结构式，以下用于研究有机物的方法错误的是（）A蒸馏常用于分离提纯液态有机混合物B核磁共振氢普通常用于分析有机物的相对分子质量C燃烧法是研究确定有机物成分的有效方法D对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团考点：有机物实验式和分子式的确定所有专题：有机化学基础分析：A、蒸馏用于分离提纯沸点不同的液态互溶混合物B、核磁共振氢普通常用于分析有机物分子中化学环境不同氢原子种
8、类及比例C、燃烧法能确定有机物中的最简式D、红外光谱图能确定有机物分子中的基团解答：解：A、蒸馏是利用互溶液态混合物中各成分的沸点不同而进行物质分离的方法，液态有机物混合物中各成分的沸点不同，所以可用蒸馏的方法进行物质分离，故A正确B、从核磁共振氢谱图上可以推知有机物分子有几种不同类型的氢原子及它们的数目，故B错误C、利用燃烧法，能将有机物分解为简单无机物，并作定量测定，通过无机物的质量推算出组成该有机物元素原子的质量分数，然后计算出该有机物分子所含元素原子最简单的整数比，即确定实验式，故C正确D、不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上处于不同的位置，所以红外光谱图能确定有机物分子中
9、的化学键或官能团，故D正确故选B点评：本题考查了研究有机物的方法，难度不大，明确这几个方法的区别是解本题的关键6（2.5分）（2015春湖北期中）已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中不正确的是（）A由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键B由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同的氢原子C仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数D若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3OCH3考点：有机物的结构式所有专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：A由红外光谱可知，该有机物中CH、CO、OH三种化学键；B、核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子，峰的面积之比
10、等于H原子数目之比；C、核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子，只能确定H原子种类；D、由红外光谱可知分子中含有CH键、CO键、OH键结合分子得出结构简式解答：解：A红外光谱可知分子中至少含有CH键、CO键、OH键三种不同的化学键，故A正确；B核磁共振氢谱中有3个峰说明分子中3种H原子，故B正确；C核磁共振氢谱中只能确定H原子种类，不能确定氢原子总数，故C正确；D若A的化学式为 C2H60，CH3OCH3中只有一种氢原子，所以其吸收峰个数应该是1，与图象不符合，故D错误；故选D点评：本题考查学生对红外光谱和核磁共振氢谱的简单识图，难度较小，注意核磁共振氢谱只能确定H原子种类，峰的面积之比等于H原
11、子数目之比7（2.5分）（2015春万州区校级月考）下列说法不正确的是（）A分子式为C3H8与C6H14的两种有机物一定互为同系物B分子组成相差一个或几个CH2原子团的化合物必定互为同系物C两个相邻同系物的分子量数值一定相差14D同系物的化学性质相似，物理性质随碳原子数的递增呈现规律性变化考点：芳香烃、烃基和同系物所有分析：A、根据碳原子与氢原子数目关系可知C3H8与C6H14都属于烷烃；B、结构相似，在分子组成相差一个或若干个CH2原子团的化合物互为同系物；C、互为同系物的物质形成1个或若干个CH2原子团；D、互为同系物的物质结构相似，化学性质相似，物理性质不同解答：解：A、根据碳原子与氢原
12、子数目关系可知C3H8与C6H14都属于烷烃，分子式不同，一定互为同系物，故A正确；B、在分子组成相差一个或若干个CH2原子团的化合物，结构不一定相同，如甲酸甲酯与丁酸，不一定互为同系物，故B错误；C、两个相邻同系物相差一个CH2原子团，相对分子质量数值一定相差14，互为同系物的物质相对分子质量相差14n，故C正确；D、互为同系物的物质结构相似，化学性质相似，物理性质不同，随碳原子数的递增呈现规律性变化，故D正确；故选B点评：本题考查同系物的概念，难度不大，注意把握概念的内涵与外延以及化学“五同”比较8（2.5分）（2015春万州区校级月考）下列各组中两个化学反应，属于同一反应类型的一组是（）
13、A由苯制硝基苯；由苯制环己烷B由乙烯制1，2二溴乙烷；由乙烷制一氯乙烷C乙烯使溴水褪色；乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色D由苯制溴苯；由乙烷与氯气在光照下的反应考点：取代反应与加成反应所有分析：A由苯制硝基苯是取代反应；由苯制环己烷是加成反应；B由乙烯制1，2二溴乙烷是加成反应；由乙烷制一氯乙烷是取代反应；C乙烯使溴水褪色是加成反应；乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色是氧化还原反应；D由苯制溴苯是取代反应；由乙烷与氯气在光照下的反应是取代反应解答：解：A由苯制硝基苯是取代反应；由苯制环己烷是加成反应，故A错误；B由乙烯制1，2二溴乙烷是加成反应；由乙烷制一氯乙烷是取代反应，故B错误；C乙烯使溴水褪色是加成反
14、应；乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色是氧化还原反应，故C错误；D由苯制溴苯是取代反应；由乙烷与氯气在光照下的反应是取代反应，故D正确，故选D点评：本题考查有机反应的基本类型，难度不大，了解常见有机反应的反应类型是解题的关键9（2.5分）（2015春万州区校级月考）下列文字表述及其对应的化学方程式或离子方程式都正确的是（）A溴苯中滴入AgNO3 溶液检验其中的溴元素：Br+Ag+AgBrB用醋酸除去水垢：CaCO3+2H+=CO2+H2O+Ca2+C氯气与甲烷在光照下反应CH4+Cl2CCl4+2H2D实验室用液溴和苯在催化剂作用下制溴苯：+Br2Br+HBr考点：离子方程式的书写；化学方程式的书写所
15、有分析：A溴苯为非电解质，不能发生电离；B醋酸为弱酸，写成化学式；C氯气与甲烷在光照下反应生成氯代烃和HCl；D液溴和苯在催化作用下反应生成溴苯和HBr解答：解：A溴苯为非电解质，不能发生电离，溶液检验其中的溴元素，应在碱性条件下水解后，加入硝酸酸化再加热硝酸银检验，故A错误；B醋酸为弱酸，反应的离子方程式为CaCO3+2HAc=2Ac+CO2+H2O+Ca2+，故B错误；C氯气与甲烷在光照下反应生成氯代烃和HCl，如CH4+4Cl2CCl4+4HCl，故C错误；D液溴和苯在催化作用下反应生成溴苯和HBr，方程式为+Br2Br+HBr，故D正确故选D点评：本题考查离子方程式正误判断，为高频考点
16、，明确离子性质及离子方程式书写规则即可解答，要遵循原子守恒、转移电子守恒、电荷守恒，注意甲烷、苯的取代反应特点，难度不大10（2.5分）（2015春万州区校级月考）除去下列物质中所含少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是（）混合物试剂分离方法A苯（甲苯）酸性高锰酸钾溶液分液B甲烷（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气C乙酸乙酯（乙酸）氢氧化钠溶液蒸馏D溴乙烷（乙醇）蒸馏水分液AABBCCDD考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；物质的分离、提纯和除杂所有分析：A甲苯与高锰酸钾反应，而苯不能，反应后不分层；B乙烯与高锰酸钾反应生成二氧化碳，而甲烷不能；C二者均与NaOH溶液
17、反应；D乙醇与水互溶，与溴乙烷分层解答：解：A甲苯与高锰酸钾反应，而苯不能，反应后不分层，则不能利用分液分离，故A错误；B乙烯与高锰酸钾反应生成二氧化碳，引入新杂质，不能除杂，应利用溴水和洗气法可除杂，故B错误；C二者均与NaOH溶液反应，应利用饱和碳酸钠溶液除杂，故C错误；D乙醇与水互溶，与溴乙烷分层，然后分液可除杂，故D正确；故选D点评：本题考查物质分离、提纯的基本方法和选择，为高频考点，把握物质的性质及常见的混合物分离方法为解答的关键，注意物质性质及分离原理，题目难度不大11（2.5分）（2009春洛阳期末）有8种物质：甲烷；苯；聚乙烯；聚异戊二烯；2丁炔；环己烷；邻二甲苯；环己烯既能使
18、酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（）ABCD考点：有机物的结构和性质所有专题：有机物的化学性质及推断分析：8中物质都属于烃，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的有机物一般应具有还原性，往往应含有不饱和键，以此解答该题解答：解：甲烷为饱和烃，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故错误；苯不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故错误；聚乙烯不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故错误；聚异戊二烯含有碳碳双键，可既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故正确；2丁炔含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故正确；环己烷不含不饱和键，不
19、能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故错误；邻二甲苯只能与酸性高锰酸钾发生反应，但不能与溴水反应，故错误；环己烯含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故正确故选C点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意把握有机物官能团或基团的性质，性质官能团的性质解答该题12（2.5分）（2014秋安徽校级期中）下列有关物质的性质或应用的说法正确的是（）A在甲苯中加入少量酸性高锰酸钾溶液，振荡后褪色，正确的解释是由于侧链与苯环的相互影响，使侧链和苯环均易被氧化B用核磁共振氢谱鉴别1丙醇和2丙醇C间二溴苯仅有一种空间结构可证明苯分子中不存在单双键交替的结构D甲烷、乙烯和苯在工业
20、上都可通过石油分馏得到考点：有机物的鉴别；有机物分子中的官能团及其结构所有专题：有机化学基础分析：A甲苯与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应生成苯甲酸；B.1丙醇和2丙醇的氢原子种类分别为4、3种；C无论是否单双建交替，间二溴苯都只有一种同分异构体；D乙烯通过裂解得到解答：解：A甲苯与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应生成苯甲酸，甲基被氧化，而苯环不被氧化，故A错误；B.1丙醇和2丙醇的氢原子种类分别为4、3种，可通过核磁共振氢谱鉴别，故B正确；C无论是否单双建交替，间二溴苯都只有一种同分异构体，应用邻二溴苯证明，故C错误；D乙烯通过裂解得到，故D错误故选B点评：本题考查有机物的鉴别，侧重于结构和性质的考
21、查，题目贴近高考，注重基础知识的考查，难度不大13（2.5分）（2009安徽）北京奥运会期间对大量盆栽鲜花施用了S诱抗素制剂，以保证鲜花盛开，S诱抗素的分子结构如图，下列关于该分子说法正确的是（）A含有碳碳双键、羟基、羰基、羧基B含有苯环、羟基、羰基、羧基C含有羟基、羰基、羧基、酯基D含有碳碳双键、苯环、羟基、羰基考点：有机物分子中的官能团及其结构所有专题：有机物的化学性质及推断分析：根据S诱抗素的分子结构图来分析官能团，并利用官能团的概念来分析判断解答：解：根据分子的结构简式可以看出，该分子中含有碳碳双键、羟基、羰基、羧基故选A点评：本题考查学生官能团的概念，可以根据教材知识来回答，较简单1
22、4（2.5分）（2014春泰和县校级期末）从柑橘中炼制萜二烯下列有关它的推测，不正确的是（）A它不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B常温下为液态，难溶于水C分子式为C10H16D与过量的溴的CCl4溶液反应后产物如图考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构所有专题：有机物的化学性质及推断分析：由及C形成4个共价键，分析分子式，分子中含C=C，结合烯烃的性质来解答解答：解：A含C=C，则能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故A错误；B为C原子个数大于4的烯烃类物质，则常温下为液态，难溶于水，故B正确；C由结构简式可知，分子式为C10H16，故C正确；D含2个双键，与2mol溴发生加成，则与过量的溴的
23、CCl4溶液反应后产物为，故D正确；故选A点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃性质的考查，题目难度不大15（2.5分）（2014春宁河县校级期中）已知烯烃在一定条件下氧化时，键断裂RCH=CHR可氧化成RCHO和RCHO下列烯烃中，经氧化可得乙醛和丁醛的是（）A1己烯B2己烯C2甲基2戊烯D3己烯考点：常见有机化合物的结构；有机物分子中的官能团及其结构所有专题：有机反应分析：根据RCH=CHR可以氧化成RCHO和RCHO，则烯烃被氧化后生成乙醛和丁醛，分子结构中应含有“CH3CH=”和“CH3（CH2）2CH=”基团，满足该条件的烯烃的结构
24、简式为：CH3CH=CH（CH2）2CH3解答：解：A1己烯，结构简式为CH2=CH（CH2）3CH3，被氧化后生成产物为HCHO和CH3（CH2）2CHO，故A错误；B2己烯，CH3CH=CH（CH2）2CH3，被氧化后生成CH3CHO和CH3（CH2）2CHO，故B正确；C2甲基2戊烯，CH3C（CH3）=CHCH2CH3，被氧化后生成丙酮和丙醛，故C错误；D3己烯，结构简式为CH3CH2CH=CHCH2CH3，被氧化后生成CH3CH2CHO，故D错误；故选B点评：本题考查有机物的氧化反应，题目难度中等，做题时注意抓住题中关键信息，即生成乙醛和丁醛，分子结构中应含有“CH3CH=”和“CH
25、3（CH2）2CH=”基团，此为本题的关键点16（2.5分）（2015春万州区校级月考）联苯的结构简式：，下列有关联苯的说法中正确的是（）A分子中含有6个碳碳双键B联苯的一硝基取代产物的3种C它容易发生加成反应、取代反应，容易被强氧化剂氧化D它和蒽（）同属于芳香烃，两者互为同系物考点：有机物的结构和性质所有分析：由结构简式可知，分子中含2个苯环，不含双键，结构对称，分子中含3种H，结合苯的性质及同系物中苯环数目相同来解答解答：解：A分子中不含双键，故A错误；B结构对称，分子中含3种H，则联苯的一硝基取代产物的3种，故B正确；C含苯环结构，易发生取代反应，难发生加成反应，也难被被强氧化剂氧化，故
26、C错误；D它和蒽（）同均含苯环，只含C、H元素，则属于芳香烃，但环状结构不完全相同，二者不是同系物，故D错误；故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握苯环结构及苯的性质为解答的关键，侧重苯的性质及结构对称性、同系物等知识点的考查，题目难度不大17（2.5分）（2015春万州区校级月考）1体积某气态烃和1体积氯化氢发生加成反应后，最多还能和4体积氯气发生取代反应由此可以断定原气态烃是（气体体积均在相同条件下测定）（）ACH2=CHClBCH3CH=CHCH3CCH2=CH2D（CH3）2C=C（CH3）2考点：取代反应与加成反应所有分析：1体积某气态烃和1体积氯化氢发生加成反应，
27、说明分子中含一个双键，生成的氯代烷，有机物中有几个氢原子被取代，就要消耗几分子的氯气解答：解：1体积某气态烃和1体积氯化氢发生加成反应，说明分子中含一个双键，1体积该加成反应的产物（氯代烷）可与4体积氯气发生完全的取代反应，判断该加成产物分子中只含有4个氢原子，所以原烃分子中含有3个氢原子，故选A点评：本题考查学生有机反应类型中的加成反应和取代反应，难度不大，注意烃和氯气发生完全取代反应时，烃中的氢原子的物质的量与氯气的物质的量相等18（2.5分）（2013秋杭州期中）某有机物的分子结构如下表示：CH3CCCH=CHCH3，该分子中最多可以有多少个原子共平面（）A18B20C22D24考点：常
28、见有机化合物的结构所有专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行共线、共面分析判断注意单键可以旋转解答：解：在CH3CCCH=CHCH3分子中，甲基中C原子处于苯中H原子的位置，甲基通过旋转碳碳单键会有1个H原子处在苯环平面内，苯环平面与碳碳双键形成的平面通过旋转碳碳单键可以处于同一平面，乙炔是直线型结构，所以最多有12个C原子（苯环上6个、甲基中2个、碳碳双键上2个、碳碳三键上2个）共面在甲基上可能还有1个氢原子共平面，则两个甲基有2个氢原子可能共平面，苯环上4个氢原子共平面，双键上2个氢
29、原子共平面，总计得到可能共平面的原子有20个，故选B点评：本题考查有机物结构中共面、共线问题，难度中等，关键是空间想象，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构，单键可以旋转19（2.5分）（2013永州一模）有机物C4H8Cl2的同分异构体中只含一个“CH3”的有（）A2种B3种C4种D5种考点：常见有机化合物的结构；同分异构现象和同分异构体所有专题：同系物和同分异构体分析：二氯代物的同分异构体可以采用“定一议二”法解题，先找出所有的同分异构体，再找出只含一个“CH3”的解答：解：C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一议二”法确定，由图可知C4H8Cl2共有9种同分
30、异构体，其中图1中只含一个“CH3”的为1、2、3三种，图2中都含有2个“CH3”，图3中只含一个“CH3”的为3只有一种，所以只含一个“CH3”的C4H8Cl2的同分异构体共4种；故选：C点评：本题考查有机物的同分异构体的书写，难度不大，注意二氯代物的同分异构体可以采用“定一议二”法解题20（2.5分）（2015春广州期末）CaC2和ZnC2、Al4C3、Mg2C3、Li2C2等都同属离子型碳化物请通过对CaC2制C2H2的反应进行思考，从中得到必要的启示，判断下列反应产物正确的是（）AZnC2水解生成乙烷（C2H6 ）BAl4C3水解生成丙炔（C3H4）CMg2C3水解生成丙炔（C3H4）
31、DLi2C2水解生成乙烯（C2H4）考点：探究化学规律所有分析：CaC2制C2H2的反应为：CaC2+2H2OC2H2+Ca（OH）2，实质发生水解反应，离子型碳化物中金属离子与水电离的氢氧根结合，阴离子与水电离的氢离子结合，据此判断反应产物解答：解：AZnC2水解反应为：ZnC2+2H2OZn（OH）2+C2H2，生成C2H2，故A错误；BAl4C3水解反应为：Al4C3+12H2O4Al（OH）3+3CH4，生成CH4，故B错误；CMg2C3水解反应为：Mg2C3+4H2OC3H4+2Mg（OH）2，生成丙炔，故C正确；DLi2C2水解反应为：Li2C2+2H2O2LiOH+C2H2，生成
32、C2H2，故D错误，故选C点评：本题考查了盐类水解反应应用，题目难度不大，关键是理解水解反应原理，利用类比迁移思想解答二、非选择题（本题共4题，共50分）21（8分）（2015春万州区校级月考）（1）用系统命名法给下列有机物命名：3，4二甲基6乙基辛烷邻二乙基苯或1，2二乙基苯（2）写出下列有机物的结构简式：2，2，3，3四甲基丁烷CH3C（CH3）2C（CH3）2CH32甲基1，3丁二烯CH2=C（CH3）CH=CH2考点：有机化合物命名；结构简式所有分析：（1）为烷烃，根据烷烃的命名原则解答；可以看作两个乙基取代了苯环相邻C上的两个H形成的，据此进行命名；（2）2，2，3，3四甲基丁烷，主
33、链为丁烷，在2、3号C各含有2个甲基；2甲基1，3丁二烯的主链为1，3丁二烯，在2号C含有1个甲基，据此写出其结构简式解答：解：（1）中最长碳链含有8个C，主链为辛烷，编号从右边开始，在3、4号C各含有1个甲基，在6号C含有1个乙基，其名称为：3，4二甲基6乙基辛烷；中，两个乙基处于苯环的两个邻位碳原子上，其名称为：邻二乙基苯或1，2二乙基苯，故答案为：3，4二甲基6乙基辛烷；邻二乙基苯或1，2二乙基苯；（2）2，2，3，3四甲基丁烷，主链为丁烷，在2、3号C各含有2个甲基，该有机物结构简式为：CH3C（CH3）2C（CH3）2CH3；2甲基1，3丁二烯的主链为1，3丁二烯，在2号C含有1个甲
34、基，该有机物结构简式为：CH2=C（CH3）CH=CH2，故答案为：CH3C（CH3）2C（CH3）2CH3；CH2=C（CH3）CH=CH2点评：本题考查了有机物的命名、有机物结构简式的书写，题目难度中等，该题注重了基础性试题的考查，侧重对学生基础知识的检验和训练，解题关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力22（14分）（2013春丰南区校级期中）从煤和石油中可以提炼出化工原料A和B，A是一种果实催熟剂，它的产量用来衡量一个国家的石油化工发展水平B是一种比水轻的油状液体，B仅由碳氢两种元素组成，碳元素与氢元素的质量比为12：1，B的相对
35、分子质量为78回答下列问题：（1）A的电子式，A的结构简式CH2=CH2（2）与A相邻的同系物C使溴的四氯化碳溶液褪色的化学反应方程式CH2=CHCH3+Br2CH2BrCHBrCH3，反应类型加成反应（3）在碘水中加入B振荡静置后的现象下层无色，上层紫红色（4）B与浓H2SO4与浓HNO3在5060反应的化学反应方程式C6H6+HONO2C6H5NO2+H2O，反应类型取代反应（5）等质量的A、B完全燃烧时消耗O2的物质的量AB（填“AB”或“AB”或“A=B”）考点：有机物的推断；乙烯的化学性质所有专题：有机物的化学性质及推断分析：A是一种果实催熟剂，它的产量用来衡量一个国家的石油化工发展
36、水平，则A为CH2=CH2，B是一种比水轻的油状液体，B仅由碳氢两种元素组成，碳元素与氢元素的质量比为12：1，则原子个数之比为1：1，符合CnH2n6，B的相对分子质量为78，则12n+2n6=78，解得n=6，所以B为苯，以此来解答解答：解：A是一种果实催熟剂，它的产量用来衡量一个国家的石油化工发展水平，则A为CH2=CH2，B是一种比水轻的油状液体，B仅由碳氢两种元素组成，碳元素与氢元素的质量比为12：1，则原子个数之比为1：1，符合CnH2n6，B的相对分子质量为78，则12n+2n6=78，解得n=6，所以B为苯，（1）A为CH2=CH2，其电子式为，故答案为：；CH2=CH2；（2
37、）A相邻的同系物C为CH2=CHCH3，使溴水褪色发生加成反应，该反应为CH2=CHCH3+Br2CH2BrCHBrCH3，故答案为：CH2=CHCH3+Br2CH2BrCHBrCH3；加成反应；（3）碘水中加入苯发生萃取，苯的密度比水的小，则苯在上层，观察到下层无色，上层紫红色，故答案为：下层无色，上层紫红色；（4）B与浓H2SO4与浓HNO3在5060反应的化学反应方程C6H6+HONO2C6H5NO2+H2O，属于取代反应，故答案为：C6H6+HONO2C6H5NO2+H2O；取代反应；（5）由CxHy消耗x+氧气，则等质量的A、B完全燃烧时消耗O2的物质的量AB，故答案为：AB点评：本
38、题考查有机物的推断，明确A为乙烯B为苯，并熟悉乙烯与苯的化学性质即可解答，注意等质量的乙烯与苯H的质量分数越大消耗氧气越大，题目难度不大23（14分）（2012春泰安期末）某烃A的相对分子质量为84回答下列问题：（1）下列物质与A以任意比例混合，若总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不相等的是（填序号）baC7H12O2；bC6H14；cC6H14O；dC7H14O3（2）若烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种A的结构简式为；链烃A与Br2的CCl4溶液反应生成B，B与NaOH的醇溶液共热可得到D，D分子中无溴原子请写出由B制备D的化学方程式：；B与足量NaO
39、H水溶液完全反应，生成有机物E，该反应的化学方程式：；E与乙二醇的关系是同系物（3）若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，峰面积比为3：2：1，则A的名称为2乙基1丁烯（4）若A不能使溴水褪色，且其一氯代物只有一种，则A的结构简式为考点：有机物的推断；有机物分子中的官能团及其结构；有关有机物分子式确定的计算所有专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：烃A的相对分子质量为84，则该烃可能为烯烃或环烷烃，分子式应为C6H12，（1）总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不相等，结合CxHyOz消耗氧气为x+来分析；（2）烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种，则结构
40、对称，只含一种H；B与NaOH的醇溶液共热可得到D，为消去反应；B与足量NaOH水溶液完全反应，生成有机物E，为水解反应，E与乙二醇中均含2个OH，但C原子数目不同；（3）核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，峰面积比为3：2：1，则A为CH2=C（CH2CH3）CH2CH3；（4）A不能使溴水褪色，且其一氯代物只有一种，则不含C=C，只有一种H，应为环烃解答：解：烃A的相对分子质量为84，则该烃可能为烯烃或环烷烃，分子式应为C6H12，（1）总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不相等，则1molC6H12消耗氧气为x+=9mol，a1molC7H12O2消耗氧气为9mol，总物质的量一定，充
41、分燃烧消耗氧气的量相等，故a不选；b1molC6H14消耗氧气为9.5mol，总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不相等，故b选；c1molC6H14O消耗氧气为9mol，总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量相等，故c不选；d1molC7H14O3消耗氧气为9mol，总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量相等，故d不选；故答案为：b；（2）烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种，则结构对称，只含一种H，即含4个甲基，A为，故答案为：；B与NaOH的醇溶液共热可得到D，为消去反应，该反应为，故答案为：；B与足量NaOH水溶液完全反应，生成有机物E，为水解反应，该反应
42、为，E与乙二醇中均含2个OH，但C原子数目不同，结构相似，则二者互为同系物，故答案为：；同系物；（3）核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，峰面积比为3：2：1，则A为CH2=C（CH2CH3）CH2CH3，名称为2乙基1丁烯，故答案为：2乙基1丁烯；（4）A不能使溴水褪色，且其一氯代物只有一种，则不含C=C，只有一种H，应为环烃，其结构简式为，故答案为：点评：本题考查有机物的推断，明确相对分子质量推出A为烯烃或环烷烃是解答的突破口，注意利用有机物结构与性质的关系来解答，题目难度中等24（14分）（2014春沙坪坝区校级期末）某实验小组用图所示装置制备一硝基甲苯（包括对硝基甲苯和邻硝基甲苯）：
43、反应原理：实验中可能用到的数据：密度gcm3沸点/溶解性甲苯0.866110.6不溶于水，易溶于硝基甲苯对硝基甲苯1.286237.7不溶于水，易溶于液体烃邻硝基甲苯1.162222不溶于水，易溶于液体烃实验步骤：浓硫酸与浓硝酸按体积比1：3配制混合溶液（即混酸）共40mL；在三颈瓶中加入13g甲苯（易挥发），按图所示装好药品和其他仪器；向三颈瓶中加入混酸；控制温度约为50，反应大约10min，三颈瓶底有大量淡黄色油状液体出现；分离出一硝基甲苯，经提纯最终得到纯净的一硝基甲苯共15g请回答下列问题：（1）实验前需要在三颈瓶中加入少许沸石（或碎瓷片），目的是防止爆沸（2）冷凝管的作用是冷凝回流；
44、冷却水从冷凝管的a（填“a”或“b”）端进入（3）仪器A的名称是分液漏斗，使用该仪器前必须进行的操作是检查是否漏液（4）分离反应后产物的方案如下：其中，操作1的名称为分液，操作2必需的玻璃仪器有酒精灯、温度计、锥形瓶、牛角管（尾接管）和蒸馏烧瓶、冷凝管（5）本实验中一硝基甲苯的产率为77.5%（结果保留小数点后一位数字）考点：制备实验方案的设计所有专题：实验设计题分析：制备一硝基甲苯：分别量取10 mL和30 mL的浓硫酸和浓硝酸，将浓硝酸倒入烧杯中，浓硫酸沿着烧杯内壁缓缓注入，并不断搅拌，配制混合溶液（即混酸）共40mL，因反应液体沸点较低，加热时容易发生暴沸，所以在三颈瓶中加入沸石，然后加
45、入13g甲苯（易挥发沸点为110.6），再向三颈瓶中加入混酸，水浴（水的沸点100）目的能均匀加热，且便于控制反应速率，温度约为50，反应大约10min，三颈瓶底有大量淡黄色油状液体出现；两种一硝基化合物都为有机物，所以只能利用它们沸点的不同采用蒸馏的方法分离，经提纯最终得到纯净的一硝基甲苯，本实验实际制得纯净的一硝基甲苯共15g（1）反应物甲苯沸点低，加热时容易发生暴沸；（2）冷凝管用于将蒸汽冷却为液体，冷凝水应是下进上出，延长热量交换时间，使热量能更充分交换，确保气体充分冷凝；（3）仪器A是分液漏斗，使用前必须检查是否漏液；（4）因为分离得到的是无机和有机两种液体，而有机物和无机物是不相溶
46、的，因此方法是分液；分离两种一硝基化合物只能利用它们沸点的不同，因此采用蒸馏的方法，根据蒸馏所需仪器分析解答；（5）根椐方程式可知，一摩尔的甲苯可以得到一摩尔的对硝基甲苯与一摩尔的邻硝基甲苯，本实验中分离出一硝基甲苯，经提纯最终得到纯净的一硝基甲苯共15g，根据方程克制13g甲苯理论产生硝基甲苯的质量，产率的计算方法就是用实际产量除以理论产量；解答：解：制备一硝基甲苯：分别量取10 mL和30 mL的浓硫酸和浓硝酸，将浓硝酸倒入烧杯中，浓硫酸沿着烧杯内壁缓缓注入，并不断搅拌，配制混合溶液（即混酸）共40mL，因反应液体沸点较低，加热时容易发生暴沸，所以在三颈瓶中加入沸石，然后加入13g甲苯（易
47、挥发沸点为110.6），再向三颈瓶中加入混酸，水浴（水的沸点100）目的能均匀加热，且便于控制反应速率，温度约为50，反应大约10min，三颈瓶底有大量淡黄色油状液体出现；两种一硝基化合物都为有机物，所以只能利用它们沸点的不同采用蒸馏的方法分离，经提纯最终得到纯净的一硝基甲苯，本实验实际制得纯净的一硝基甲苯共15g（1）甲苯的沸点为110.6易挥发，容易发生暴沸，需用碎瓷片（沸石），故答案为：沸石（或碎瓷片）；防止暴沸；（2）冷凝管用于将蒸汽冷却为液体，故冷凝管的作用是冷凝回流，蒸馏时，冷却水从冷凝管的下口通入，上口流出，可使冷凝管充满冷水而进行充分冷却，所以冷却水从冷凝管的a端进入，故答案为
48、：冷凝回流；a；（3）仪器A是分液漏斗，使用前必须检查是否漏液，故答案为：分液漏斗； 检查是否漏液；（4）因为分离得到的是无机和有机两种液体，而有机物和无机物是不相溶的，因此操作1的名称为分液；分离两种一硝基化合物只能利用它们沸点的不同，因此采用蒸馏的方法，蒸馏烧瓶盛放两种一硝基化合物混合物，酒精灯用于加热蒸馏烧瓶，温度计测量蒸汽的温度，冷凝管用于将蒸汽冷却为液体，铁架台用于固定蒸馏烧瓶，牛角管（尾接管）用于承接冷凝后的液体，锥形瓶用于盛放产品，所以操作2必需的玻璃仪器还有蒸馏烧瓶、冷凝管，故答案为：分液；蒸馏烧瓶、冷凝管；（5）产率的计算方法就是用实际产量除以理论产量；根椐方程式，一摩尔的甲苯可以得到一摩尔的对硝基甲苯与一摩尔的邻硝基甲苯，换成质量即：92g的甲苯可以得到137g的对硝基苯和137g的邻硝基苯，则13g的甲苯就能得到的一硝基苯的质量为：=19.35g，本实验中分离出一硝基甲苯，经提纯最终得到纯净的一硝基甲苯共15g，所以一硝基苯的产量为：100%77.5%，故答案为：77.5%；点评：本题主要考查一硝基甲苯的制备，涉及实验流程、产率的计算等知识，明确物质的制备原理即流程的意义与目的为解答此类题的关键，充分考查了学生灵活应用所学知识的能力，题目难度中等
