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四川省成都外国语学校、成都实验外国语2021届高三12月月考数学(文)试题 WORD版含答案.docx

上传人:高**** 文档编号:414893 上传时间:2024-05-27 格式:DOCX 页数:12 大小:420.54KB
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资源描述

1、保密启用前 【考试时间:2020年12月14日】高 2018 级 12 月 月 考文 科 数 学 注意事项:1 答题前,考生务必将姓名、准考证号填写在答题卡。2 回答选择题时,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3 本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。考试结束后,将答题卡收回。第I卷 (选择题 共60分)一、 选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.已知集合,集合为整数集,则问A(18,0)B,C(0,14)

2、D(0,18)4. 已知,b=0.32,c=20.3,则A. B. C. D. 5、已知是两条不同直线,是三个不同平面,下列命题中正确的是( )A若则B若则C若则D若则6. 在某次高中学科竞赛中,4000名考生的参赛成绩按,分成六组,其频率分布直方图如图所示,则下列说法中错误的是( ).A成绩在内的考生人数最多B不及格(60分以下)的考生人数约为1000人C考生竞赛成绩平均分的估计值为分D考生竞赛成绩中位数的估计值为75分7. 设函数.若为奇函数,则曲线在点处的切线方程为ABCD8. 已知函数,且此函数的图像如图所示,则此函数的解析式可以是ABC D9.下列命题中的真命题有A已知是实数,则“”

3、是“”的充分而不必要条件B已知命题,总有,则,使得C设是两个不同的平面,是直线且.“”是“”的充要条件 D“x0R,2x0x02”的否定为“”10如图为某几何体的三视图,已知正视图为一正方形和其内切圆组成,圆半径为1,则该几何体表面积为ABCD11. 自古以来,人们对于崇山峻岭都心存敬畏,同时感慨大自然的鬼斧神工,一代诗圣杜甫曾赋诗望岳:“岱宗夫如何?齐鲁青未了造化钟神秀,阴阳割昏晓荡胸生层云,决毗入归鸟会当凌绝顶,一览众山小”然而,随着技术手段的发展,山高路远便不再人们出行的阻碍,伟大领袖毛主席曾作词:“桥飞架南北,天堑变通途”在科技腾飞的当下,路桥建设部门仍然潜心研究如何缩短空间距离方便出

4、行,如港珠澳跨海大桥等如图为某工程队将A到D修建条隧道,测量员测得些数据如图所示(A,B,C,D在同一水平面内),则A,D间的距离为A.km B. km Ckm Dkm12、已知双曲线x24-y25=1,O为坐标原点,P,Q为双曲线上两动点,且OPOQ,则POQ面积的最小值为( )A20B15C30D25第II卷 (非选择题 共90分)二、 填空题:本大题共4个小题,每小题5分,共20分。13.已知向量,则 14. 总体由编号为01,02,19,20的20个个体组成,利用下面的随机数表选取5个个体,选取方法是从随机数表第1行的第5列和第6列数字开始由左到右依次选取两个数字,则选出来的第5个个体

5、的编号为 781665720802631407024369972801983204923449358200362348696938748115.若tan+4=-3,则_16、已知R,且对xR恒成立,则的最大值是 三、 解答题:本大题共6小题,共70分, 解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。1721题为必考题,每个试题考生都要作答。22、23为选考题,考生按要求作答。(一)必考题,共60分17、(本小题满分12分)已知等比数列的公比,且的等差中项为10, .()求数列的通项公式; ()设, 求数列的前项和.18、(本小题满分12分)新冠肺炎疫情期间,各地均响应“停课不停学,停课不停教”的号召

6、,开展了网课学习.为了检查网课学习的效果,某机构对2000名学生进行了网上调查,发现有些学生上网课时有家长在旁督促,而有些没有.将这2000名学生网课学习后通过考试分成“成绩上升”和“成绩没有上升”两类,对应的人数如下表所示:(1)是否有99.9%的把握认为家长督促学生上网课与学生的成绩上升有关联?(2)从没有家长督促的1200名学生中按成绩是否上升,采用分层抽样的方法抽出6人,再从这6人中随机抽取2人做进一步调查,求抽到的2名学生中恰有一人成绩上升的概率.参考公式:,其中参考数据:0.500.400.250.050.0250.0100.0010.4550.7081.3213.8415.024

7、6.63510.82819、(本小题满分12分)如图,在三棱锥中,分别为,的中点.(1)求证:平面平面;(2)若,VAB是面积为的等边三角形,求四棱锥的体积.20、(本小题满分12分)已知F1,F2分别为椭圆C1:y2a2+x2b2=1(ab0),且焦距是2,离心率是12(I)求椭圆的方程;(II)不平行于坐标轴的直线与圆相切,且交椭圆于,若椭圆上一点满足,求实数2的取值范围.21、(本小题满分12分)已知函数f(x)=x2+bx-alnx(a0)(1)当b=0时,讨论函数f(x)的单调性;(2)若对任意b-2,-1,都存在x(1,e),使得f(x)10.828,所以有99.9%的把握认为家长

8、督促学生上网课与学生的成绩上升有关联.(2)由题意知,从没有家长督促的1200名学生中按分层抽样法抽出6人,其中成绩上升的有4人,成绩没有上升的有2人,再从这6人中随机抽取2人,记成绩上升的为,成绩没有上升的为,则抽取的所有情况为:,共15种,恰有一人成绩上升有:,共8种故抽到的2名学生中恰有一人成绩上升的概率.19、解析:(1),为的中点,.,又,.,平面,平面,平面,平面平面.(2),又平面平面,平面平面,平面.是面积为的等边三角形,可得:.VC-BOMV=13OCS四边形BOMV=13134SVAB=34.20、解析:(1)x23+y24=1(2)设Ax1,y1,Bx2,y2,Px0,y

9、0,由,则x1+x2=x0,y1+y2=y0且x023+y024=1 ,又因为直线y=kx+t,(kt0)与圆相切所以:|kt+1|1+k2=1k=2t1-t2t1,t0 由y=k(x+t)x23+y24=14+3k2x2+6k2tx+3k2t2-12=0且0恒成立所以x1+x2=-6k2t4+3k2,x1x2=3k2t2-124+3k2, y1+y2=kx1+x2+2kt=8kt4+3k2P(-6k2t4+3k2,8kt(4+3k2),代入 得2=4k2t24+3k2 代入得2=4(1t2)2+1t2+1t1,t0(1t2)2+1t2+11,且(1t2)2+1t2+132(0,43)(43,

10、4)法二:点差法21、解析:(1)b=0时,x0, fx=2x-ax=2x2-ax, a0时,fx0,fx递增,a0时,令fx0,解得:xa2, 令fx0,解得:0xa2, 故fx在0,a2递减,在a2,+递增; (2)令,b-2,-1,则gb为关于b的一次函数且为增函数, 根据题意,对任意b-2,-1,都存在x1,e(e 为自然对数的底数),使得fx0成立, 则在x1,e上gbmax=g-1=-x+x2-alnx0,有解, 令,只需存在x01,e使得hx00即可, 由于hx=2x-1-ax, 令x=2x2-x-a,x1,e,x=4x-10, x在1,e上单调递增,x1=1-a, 当1-a0,

11、即a1时,x0,即hx0,hx在1,e上单调递增,hxh1=0,不符合题意 当1-a0,即a1时,1=1-a0,e=2e2-e-a 若a2e2-e1,则e0,所以在1,e上x0恒成立,即hx0恒成立,hx在1,e上单调递减, 存在x01,e使得hx0h1=0,符合题意 若2e2-ea1,则e0,在1,e上一定存在实数m,使得m=0, 在1,m上x0恒成立,即hx0恒成立,hx在1,e上单调递减, 存在x01,e使得hx0h1=0,符合题意综上所述,当a1时,对任意b-2,-1,都存在x1,e(e为自然对数的底数),使得fx0成立法二:参变分离22、解析:(I)直线l的参数方程为(t为参数),两式相加得,即直线l的普通方程为,由,可得,即,曲线C的直角坐标方程为. (II)直线l的参数方程可化为(为参数),代入曲线的直角坐标方程,可得,所以,所以.23、解析:(I)因为,所以,当时,则,解得:;当时,则,解得:;当时,则,解得:;当时,则,此时无解,综上可知:;(II)因为,所以,当且仅当时取等号,又因为恒成立,所以,所以恒成立,且(取等号时),所以,即.

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