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2021届高考物理二轮专题闯关导练物理(统考版):热点3 牛顿运动定律 WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:363664 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:7 大小:414.50KB
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资源描述

1、热点3牛顿运动定律一、选择题(16题为单项选择题,710题为多项选择题)1在某次交通事故中一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的电动车而紧急制动,结果车厢上的钢材向前冲出,压扁驾驶室关于这起事故原因的分析正确的是()A由于车厢上的钢材有惯性,在汽车制动时,继续向前运动,压扁驾驶室B由于汽车紧急制动,使其惯性减小,而钢材惯性较大,所以继续向前运动C由于车厢上的钢材所受阻力太小,不足以克服其惯性,所以继续向前运动D由于汽车制动前的速度太大,汽车的惯性比钢材的惯性大,在汽车制动后,钢材继续向前运动2一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼,其位移s与时间t的关系图象如图所示乘客所受支持力的

2、大小用FN表示,速度大小用v表示重力加速度大小为g.以下判断正确的是()A0t1时间内,v增大,FNmgBt1t2时间内,v减小,FNmgCt2t3时间内,v增大,FNmg32020河南顶级名校第四次联测如图所示,水平地面上放置一个质量为1 kg的物块A,在A的上面放置另一个质量也为1 kg的物块B,已知A与地面之间的动摩擦因数为10.5,A、B之间的动摩擦因数为20.2.现在给物块A施加一个与水平方向夹角为37、斜向右上方、大小恒为10 N的力F,则物块B所受的摩擦力(重力加速度g取10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8)()A大小为0.5 N,方向水平向右B大小为2 N,方

3、向水平向右C大小为0.5 N,方向水平向左D大小为2 N,方向水平向左4.2020江苏扬州中学调研如图所示,小球A质量为m,木块B质量为2m,两物体通过竖直轻弹簧连接放置在水平面上静止现对A施加一个竖直向上的恒力F,使小球A在竖直方向上运动,经弹簧原长时小球A的速度恰好最大,已知重力加速度为g,则在木块B对地面压力为零时,小球A的加速度大小为()A3g B2.5gC2g D1.5g52020云南昆明市教学质量检测如图所示,质量为M的滑块A放置在光滑水平地面上,左侧面是圆心为O、半径为R的光滑四分之一圆弧面,当用一水平恒力F作用在滑块A上时,一质量为m的小球B(可视为质点)在圆弧面上与A保持相对

4、静止,此时小球B距轨道末端Q的竖直高度为H,重力加速度为g,则F的大小为()A.Mg B.MgC.(Mm)g D.(Mm)g62020江苏卷,5中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”,为国际抗疫贡献了中国力量某运送抗疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成,在车头牵引下,列车沿平直轨道匀加速行驶时,第2节对第3节车厢的牵引力为F.若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等,则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为()AF B.C. D.7.2020福建三明市质检水平地面上质量为1 kg的物块受到水平拉力F1、F2的作用,F1、F2随时间的变化如图所示,已知物块在前2 s内以4 m/s的速度做匀速直线运动,

5、取g10 m/s2,则()A物块与地面的动摩擦因数为0.2B3 s末物块受到的摩擦力大小为3 NC4 s末物块受到的摩擦力大小为1 ND5 s末物块的加速度大小为3 m/s28.2020江西上饶市重点中学六校第一次联考如图所示,长木板放置在水平面上,一小物块置于长木板的中央,长木板和物块的质量均为m,物块与木板间的动摩擦因数为,木板与水平面间的动摩擦因数为,已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,重力加速度为g,现对物块施加一水平向右的拉力F,则木板加速度a大小可能是()Aa0 BaCa Da9高铁已成为重要的“中国名片”,领跑世界一辆由8节车厢编组的列车,从车头开始的第2、3、6和7共四节为动

6、力车厢,其余为非动力车厢列车在平直轨道上匀加速启动时,若每节动力车厢牵引力大小均为F,每节车厢质量都为m,每节车厢所受阻力均为车厢重力的k倍,重力加速度为g,则()A启动时车厢对乘客作用力的方向竖直向上B整个列车的加速度大小为C第2节车厢对第1节车厢的作用力大小为D第2节车厢对第3节车厢的作用力大小为10粗糙的水平面上一物体在水平方向拉力作用下做直线运动,水平拉力F及运动速度v随时间变化的图线如图中甲、乙所示,取重力加速度g10 m/s2,则()A前2 s内物体运动的加速度大小为2 m/s2B前4 s内物体运动的位移的大小为8 mC物体的质量m为2 kgD物体与地面间的动摩擦因数0.1二、非选

7、择题112020浙江7月,19如图1所示,有一质量m200 kg的物件在电机的牵引下从地面竖直向上经加速、匀速、匀减速至指定位置当加速运动到总位移的时开始计时,测得电机的牵引力随时间变化的F t图线如图2所示,t34 s末速度减为0时恰好到达指定位置若不计绳索的质量和空气阻力,求物件图1图2(1)做匀减速运动的加速度大小和方向;(2)匀速运动的速度大小;(3)总位移的大小12.2020湖南衡阳市联考(二)如图甲所示,在水平地面上有一质量为m11 kg的足够长的木板,其上叠放一质量为m22 kg的木块,木块与木板之间的动摩擦因数10.3,木板与地面间的动摩擦因数20.1.设最大静摩擦力和滑动摩擦

8、力相等现给木块施加随时间t增大的水平拉力F3t (N),取重力加速度g10 m/s2.(1)求木块和木板保持相对静止的时间t1;(2)求t10 s时,两物体的加速度大小;(3)在图乙中画出木块的加速度随时间变化的图象(取水平拉力F的方向为正方向,只要求画图,不要求写出理由及计算过程)13如图甲所示,倾角为37足够长的传送带以4 m/s的速度顺时针转动,现使小物块以2 m/s的初速度沿斜面向下冲上传送带,小物块的速度随时间变化的关系如图乙所示,g10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8,试求:(1)小物块与传送带间的动摩擦因数;(2)08 s内小物块与传送带之间的划痕长度热点3牛顿

9、运动定律1答案:A2答案:D解析:根据位移时间图象的斜率表示速度可知,0t1时间内,图象斜率增大,速度v增大,加速度方向向下,由牛顿运动定律可知乘客处于失重状态,所受的支持力FNmg,选项C错误,D正确3答案:A解析:假设A、B一起运动,以A、B整体为研究对象,根据牛顿第二定律有Fcos1(mAgmBgFsin )(mAmB)a,解得a0.5 m/s2;以B为研究对象,根据牛顿第二定律有FfABmBa0.5 N2mBg2 N,假设成立,所以物块B所受的摩擦力为静摩擦力,大小为FfAB0.5 N,方向水平向右,故A正确,B、C、D错误4答案:C解析:经弹簧原长时小球A速度恰好最大,此时小球加速度

10、为零,则恒力Fmg;木块B对地面压力为零时,由平衡条件知弹簧的弹力为2mg,又由牛顿第二定律得:Fmg2mgma,解得小球A的加速度a2g,方向竖直向下,故C正确5.答案:D解析:连接OB,设OB连线与竖直方向的夹角为,如图所示,由几何关系得:cos sin 则tan 此时小球受到的合外力F合mgtan mg由牛顿第二定律可得:ag以整体为研究对象,由牛顿第二定律可得F(Mm)a(Mm)g,故D正确,A、B、C错误6答案:C解析:设列车做匀加速直线运动的加速度为a,可将后面的38节车厢作为一个整体进行分析,设每节车厢的质量均为m,每节车厢所受的摩擦力和空气阻力的合力大小均为f,则有F38f38

11、ma,再将最后面的2节车厢作为一个整体进行分析,设倒数第3节车厢对倒数第2节车厢的牵引力为F,则有F2f2ma,联立解得FF,C项正确,A、B、D项均错误7答案:BC解析:在02 s内物块做匀速直线运动,则摩擦力Ff3 N,则0.3,选项A错误;2 s后物块做匀减速直线运动,加速度a m/s22 m/s2,则经过t2 s,即4 s末速度减为零,则3 s末物块受到的摩擦力大小为3 N,4 s末物块受到的摩擦力为静摩擦力,大小为6 N5 N1 N,选项B、C正确;物块停止后,因两个力的差值小于最大静摩擦力,则物块不再运动,则5 s末物块的加速度为零,选项D错误8答案:ACD解析:若F较小时,木板和

12、物块均静止,则木板的加速度为零,选项A正确;若物块和木板一起运动且不发生相对滑动,对木板和物块的整体,根据牛顿第二定律可得: F2mg2ma,解得:ag,选项D正确;若物块和木板之间发生相对滑动,对木板,水平方向受两个摩擦力的作用,根据牛顿第二定律,有:mg2mgma,解得:ag,故选项B错误,C正确9答案:BC解析:启动时车厢对乘客竖直方向有竖直向上的支持力,水平方向有沿列车运动方向的力,两个力的合力方向斜向上方,选项A错误;对整个列车,根据牛顿第二定律:4F8kmg8ma,解得a,选项B正确;对第1节车厢,根据牛顿第二定律:F21kmgma,解得F21,选项C正确;对第1、2节车厢的整体,

13、根据牛顿第二定律:F32F2kmg2ma,解得F320,根据牛顿第三定律可知,选项D错误10答案:AD解析:根据速度图象的斜率等于加速度,可知前2 s内物体的运动加速度a m/s22 m/s2,故A正确;前4 s内物体的位移为x m12 m,故B错误;根据牛顿第二定律得:前2 s内F1mgma后2 s内F2mg,由图得F115 N,F25 N,代入解得:m5 kg,0.1,故C错误,D正确11答案:(1)0.125 m/s2方向竖直向下(2)1 m/s(3)40 m解析:(1)牛顿第二定律mgFTma得ag0.125 m/s2竖直向下(2)运动学公式vat21 m/s(3)匀速上升的位移h1v

14、t126 m匀减速上升的位移h2t24 m总位移h40 m12答案:(1)4 s(2)3 m/s212 m/s2(3)见解析图解析:(1)当F2(m1m2)g3 N时,此时F1m2g6 N,0t1 s木块和木板都没有被拉动,处于静止状态当木块和木板相对静止一起运动时,对m1:Ffmax2(m1m2)gm1a,Ffmax1m2g解得:a3 m/s2对m1和m2整体有:F12(m1m2)g(m1m2)a解得F112 N由F13t1(N)得:t14 s(2)t10 s时,木块与木板已相对运动,则有:对m1:1m2g2(m1m2)gm1a1解得:a13 m/s2对m2:F1m2gm2a2F3t30 N解得:a212 m/s2.(3)由(1)(2)问分析可知,图象过(1,0),(4,3),(10,12)13答案:(1)(2)18 m解析:(1)根据v t图象的斜率表示加速度可得a m/s21 m/s2由牛顿第二定律得mgcos 37mgsin 37ma解得(2)08 s内只有前6 s内物块与传送带发生相对滑动,06 s内传送带匀速运动的距离为:x带46 m24 m,由题图乙可知:02 s内物块位移大小为:x122 m2 m,方向沿斜面向下,26 s内物块位移大小为:x244 m8 m,方向沿斜面向上所以划痕的长度为:xx带x1x2(2428) m18 m.

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