1、四川省泸县第二中学2020届高三数学下学期第四次学月考试试题 理（含解析）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上.2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.第I卷选择题一、选择题：在每小题给的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 若集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】因为集合，故选C.2. 设是虚数单位,如果复数的实部与虚部是互为相反数,那么实数的值为 ()A. B.
2、C. D. 【答案】D【解析】分析：由复数代数形式的乘除运算化简复数，再由已知条件列出方程，求解即可得答案详解：=，复数的实部与虚部是互为相反数，即a=故选D点睛：本题考查了复数代数形式的乘除运算，考查了复数的实部与虚部的概念，属于基础题3. 已知向量，则（ ）A. -14B. -4C. 4D. 14【答案】B【解析】【分析】由条件算出，进而由公式算出.【详解】，.故选：B【点睛】本题主要考查了向量的数量积的坐标运算，考查了学生的基本运算能力.4. 在正项等比数列中，若，则其前3项的和（ ）A. 3B. 6C. 13D. 24【答案】C【解析】【分析】由等比数列通项公式求出公比，再利用公式求出
3、前3项的和.详解】，又，所以，.故选：C【点睛】本题主要考查了等比数列的通项公式，等比数列的求和，考查了学生的运算求解能力.5. 一场考试之后，甲、乙、丙三位同学被问及语文、数学、英语三个科目是否达到优秀时，甲说：有一个科目我们三个人都达到了优秀；乙说：我的英语没有达到优秀；丙说：乙达到优秀的科目比我多.则可以完全确定的是（ ）A. 甲同学三个科目都达到优秀B. 乙同学只有一个科目达到优秀C. 丙同学只有一个科目达到优秀D. 三位同学都达到优秀的科目是数学【答案】C【解析】【分析】根据题意推断出乙有两科达到优秀，丙有一科达到优秀，甲至少有一科优秀，从而得出答案.【详解】甲说有一个科目每个人都达
4、到优秀，说明甲乙丙三个人每个人优秀的科目至少是一科，乙说英语没有达到优秀，说明他至多有两科达到优秀，而丙优秀的科目不如乙多，说明只能是乙有两科达到优秀，丙有一科达到优秀，故B错误，C正确；至于甲有几个科目优秀，以及三人都优秀的科目到底是语文还是数学，都无法确定故选：C【点睛】本题主要考查了学生的推理能力，属于中档题.6. 函数的图象大致为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据函数的奇偶性定义可得函数为偶函数，偶函数的图像关于对称，再根据指数函数与幂函数的增长速度的快慢即可得出选项.【详解】易知为偶函数，故排除B，D，又当趋向正无穷时，指数函数增长速度大于幂函数，故知函数值
5、应趋向于0，故选：A.【点睛】本题考查了函数的奇偶性、指数函数、幂函数的增长形式，属于基础题.7. 执行如图所示的程序框图，令，若，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】分析：先根据程序框图得解析式，再根据分段函数解三个不等式组，求并集得结果.详解：因为，所以由得所以因此选D.点睛：算法与流程图的考查，侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念，包括选择结构、循环结构、伪代码，其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件，更要通过循环规律，明确流程图研究的数学问题，是求和还是求项.8. 已知圆的半径为2，在圆内随机取一点，则过点的所有弦的长度都大于
6、的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】当是弦中点时，弦长最短，利用垂径定理,得只要点到圆心的距离不大于1即可满足要求，由此可得点所在区域，计算出该区域面积及已知圆面积后可得概率【详解】当是弦中点时，弦长最短，弦长为时，所以过点的所有弦的长度都大于的点落在以点为圆心，半径为1的圆内则所求概率为故选：C【点睛】本题考查几何概型，解题关键是确定点所在的区域利用弦长公式及垂径定理可确定9. 已知是双曲线的左、右焦点，设双曲线的离心率为若在双曲线的右支上存在点，满足，且，则该双曲线的离心率等于A. B. C. D. 【答案】B【解析】依题设， ， ，等腰三角形底边上的高为， 底
7、边的长为，由双曲线的定义可得，即， ，解得.点晴:本题考查的是双曲线的定义和双曲线离心率的求法.解决本题的关键是利用题设条件和双曲线的定义可得，即在三角形中寻找等量关系，运用双曲线的a,b,c的关系和离心率公式即可求出双曲线的离心率.10. 已知函数，将的图象上的所有点的横坐标缩短到原来的，纵坐标扩大为原来的倍，再把图象上所有的点向上平移个单位长度，得到函数的图象，则函数的周期可以为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先利用三角函数图象变换规律得出函数的解析式，然后由绝对值变换可得出函数的最小正周期.【详解】，将函数的图象上的所有点的横坐示缩短到原来的，可得到函数的图象，再
8、将所得函数图象上所有点的纵坐标扩大为原来的倍，得到函数的图象，再把所得图象向上平移个単位长度，得到，由绝对值变换可知，函数的最小正周期为，故选B.【点睛】本题考查三角函数变换，同时也考查三角函数周期的求解，解题的关键就是根据图象变换的每一步写出所得函数的解析式，考查推理能力，属于中等题.11. 阿波罗尼斯（约公元前年）证明过这样一个命题:平面内到两定点距离之比为常数的点的轨迹是圆，后人将这个圆称为阿波罗尼斯圆.若平面内两定点、间的距离为，动点满足，则的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】以经过、的直线为轴，线段的垂直平分线轴，建立直角坐标系，得出点、的坐标，设点，利
9、用两点间的距离公式结合条件得出点的轨迹方程，然后利用坐标法计算出的表达式，再利用数形结合思想可求出的最小值.【详解】以经过、的直线为轴，线段的垂直平分线轴，建立直角坐标系，则、，设，两边平方并整理得，所以点的轨迹是以为圆心，为半径的圆，则有，如下图所示：当点为圆与轴的交点（靠近原点）时，此时，取最小值，且，因此，故选A.【点睛】本题考查动点的轨迹方程的求法，考查坐标法的应用，解题的关键就是利用数形结合思想，将代数式转化为距离求解，考查数形结合思想的应用以及运算求解能力，属于中等题.12. 已知函数，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】利用导数判断函数的单调性，结合函数的奇
10、偶性，即可进行判断.【详解】因为函数定义域为，定义域关于原点对称，且，故是偶函数；又当时，故在上恒成立，故在上单调递增，结合函数是偶函数，故在上单调递减.又因为，故可得，则.故选：B.【点睛】本题考查利用导数判断函数单调性，函数奇偶性的判断，涉及利用函数性质比较大小，属综合中档题.第II卷非选择题二、填空题：13. 已知向量，若，则的值为_【答案】1【解析】【分析】由向量的加减法求出，再由垂直的数量积运算求出【详解】，可得，由，可得：，即故答案为：1【点睛】本题考查向量的数量积，考查垂直的坐标表示属于基础题14. (xy)(2xy)5的展开式中x3y3的系数为_.【答案】40【解析】【分析】先
11、求出的展开式的通项，再求出即得解.【详解】设的展开式的通项为，令r=3,则，令r=2,则，所以展开式中含x3y3的项为.所以x3y3的系数为40.故答案为：40【点睛】本题主要考查二项式定理求指定项的系数，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.15. 已知倾斜角为的直线过曲线的焦点F，且与C相交于不同的两点A，B（A在第一象限），则_.【答案】2【解析】【分析】先求得直线方程，联立抛物线方程，即可求得点坐标，根据抛物线定义，即可求得.【详解】因为抛物线方程为，故可得焦点坐标，又直线的倾斜角为，故可得方程为，联立抛物线方程，可得，解得，代入得，故可得点坐标为，由抛物线定义可知：.故答案为：.【点
12、睛】本题考查抛物线中焦半径的求解，属中档题.16. 已知平面内一正六边形的边长为，中心为点将该正六边形沿对角线折成二面角，则当二面角的平面角余弦值为时，三棱锥的外接球表面积为_【答案】【解析】【分析】由题意作图，取线段的中点，连接，根据等边三角形的性质，结合二面角平面角的定义可以判断即为二面角的平面角，结合余弦定理、线面垂直的判定定理和性质、四点共球的性质进行求解即可.【详解】由题意作图，取线段的中点，连接，可知，所以即为二面角的平面角，即，又，由余弦定理可得.又因为所以平面所以，由得因此在三棱锥中， 三棱锥外接球球心为线段的中点，半径为所以外接球表面积为.【点睛】本题考查了二面角定义，考查了
13、三棱锥外接球表面积，考查了推理论证能力和数学运算能力.三.解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：17. 从某高三年级男生中随机抽取50名测量身高，测量发现被测学生身高全部介于和之间，将测量结果按如下方式分成6组：第1组，第2组，第6组，如图是按上述分组方法得到的频率分布直方图.（1）由频率分布直方图估计该校高三年级男生身高的中位数；（2）在这50名男生身高不低于的人中任意抽取2人，则恰有一人身高在内的概率.【答案】（1）.（2）【解析】【分析】（1）由频率分布直方图得频率为0.48，
14、的频率为0.32，由此能求出中位数.（2）在这50名男生身高不低于的人中任意抽取2人，中的学生人数为4人，中的学生人数为2人，可用列举法求出基本事件总数，恰有一人身高在内包含的基本事件个数，再由概率公式计算出概率.【详解】解：（1）由频率分布直方图得频率为：，的频率为：，中位数为：.（2）在这50名男生身高不低于的人中任意抽取2人，中的学生人数为人，编号为，中的学生人数为人，编号为，任意抽取2人的所有基本事件为，共15个，恰有一人身高在内包含的基本事件有，共8个，恰有一人身高在内的概率.【点睛】本题考查频率分布直方图，考查中位数的概念，及古典概型，古典概型问题的关键是求出所求概率事件含有的基本
15、事件的个数可用列举法写出所有基本事件，然后计数18. 在中，角、所对的边分别为、，且满足.（1）求角的大小；（2）若为的中点，且，求的最大值.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）利用正弦定理边角互化思想得出，再利用两角差的余弦公式可得出的值，结合角的范围可得出角的大小；（2）由中线向量得出，将等式两边平方，利用平面向量数量积的运算律和定义，并结合基本不等式得出的最大值，再利用三角形的面积公式可得出面积的最大值.【详解】（1）由正弦定理及得，由知，则，化简得，.又，因此，；（2）如下图，由，又为的中点，则，等式两边平方得，所以，则，当且仅当时取等号，因此，的面积最大值为.【点睛】本题考
16、查正弦定理边角互化思想的应用，同时也考查了三角形的中线问题以及三角形面积的最值问题，对于三角形的中线计算，可以利用中线向量进行计算，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题.19. 在如图所示四棱锥中，四边形是等腰梯形，平面，. （1）求证：平面；（2）已知二面角的余弦值为，求直线与平面所成角的正弦值.【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】分析】（1）由已知可得，结合，由直线与平面垂直的判定可得平面；（2）由（1）知，则，两两互相垂直，以为坐标原点，分别以，所在直线为，轴建立空间直角坐标系，设，0，由二面角的余弦值为求解，再由空间向量求解直线与平面所成角的正弦值【详解】（1）证明：因为四边
17、形是等腰梯形，所以.又，所以，因此，又，且，平面，所以平面.（2）取的中点，连接，由于，因此，又平面，平面，所以.由于，平面，所以平面，故，所以为二面角的平面角.在等腰三角形中，由于，因此，又，因为，所以，所以以为轴、为轴、为轴建立空间直角坐标系，则，设平面的法向量为所以，即，令，则，则平面的法向量，设直线与平面所成角为，则 【点睛】本题考查直线与平面垂直的判定，考查空间想象能力与思维能力，训练了利用空间向量求解空间角，属于中档题20. 已知函数（1）当时，求的单调区间;（2）当时,求的最小值【答案】（1）在上为减函数在上为增函数；（2）见解析.【解析】【分析】（1）求出导函数，由确定增区间，
18、由确定减区间；（2）由，可分类讨论得出函数在上的单调性，得出最小值【详解】解：当时，由，解得，由，解得故在上为减函数在上为增函数.当时，在上为增函数当时，在上为减函数，在上为增函数，当时，在上为减函数，综上所述，当时，当时，当时，【点睛】本题考查用导数求函数的单调区间，用导数求函数有最值，解题关键是由导数确定函数的单调性21. 已知曲线C：y=，D为直线y=上动点，过D作C的两条切线，切点分别为A，B.（1）证明：直线AB过定点：（2）若以E(0，)为圆心的圆与直线AB相切，且切点为线段AB的中点，求四边形ADBE的面积.【答案】(1)见详解；(2) 3或.【解析】【分析】（1）可设，然后求出
19、A，B两点处的切线方程，比如：，又因为也有类似的形式，从而求出带参数直线方程，最后求出它所过的定点.（2）由(1)得带参数的直线方程和抛物线方程联立，再通过为线段的中点，得出的值，从而求出坐标和的值，分别为点到直线的距离，则，结合弦长公式和韦达定理代入求解即可.【详解】(1)证明：设,则又因为，所以.则切线DA的斜率为，故，整理得.设，同理得.,都满足直线方程.于是直线过点，而两个不同的点确定一条直线，所以直线方程为.即，当时等式恒成立所以直线恒过定点.（2）由（1）得直线的方程为.由，可得，于是.设分别为点到直线的距离，则.因此，四边形ADBE的面积.设M为线段AB的中点，则，由于，而，与向
20、量平行，所以，解得或.当时，；当时因此，四边形的面积为3或.【点睛】此题第一问是圆锥曲线中的定点问题和第二问是求面积类型，属于常规题型，按部就班的求解就可以思路较为清晰，但计算量不小（二）选考题：选修4-4：坐标系与参数方程22. 在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点.轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求和的直角坐标方程；（2）若与恰有4个公共点，求的取值范围.【答案】（1），；（2）【解析】【分析】(1)直接利用转化公式转化即可;(2)和相切时,可得,与恰有3个公共点时,可得,故当与恰有4个公共点时,的取值范围为.【详解】(1)曲线的参数方程为(
21、为参数),则,得,故的直角坐标方程为;由,得,故的直角坐标方程为.(2)因为与恰有4个公共点,则,当和相切时,此时与恰有2个公共点,圆的圆心到直线的距离,解得;当与恰有3个公共点时,此时圆过点,解得;故当与恰有4个公共点时,的取值范围为.【点睛】本题考查将参数方程化为普通方程,极坐标方程化为直角坐标方程,考查直线与圆的位置关系,属于中档题.选修4-5：不等式选讲23. 已知不等式的解集与关于的不等式的解集相等.（1）求实数值；（2）求函数的最大值，以及取得最大值时的值.【答案】（1）；（2）时等号成立，.【解析】【分析】（1）先根据绝对值不等式的公式求解，再利用根与系数关系求a,b即可；（2）根据（1）利用柯西不等式求最大值即可.【详解】（1）由，得或，即或 不等式的解集为不等式的解集为从而1、3为方程的两根， 解得，（2） 的定义域为，由柯西不等式可得：当且仅当，时等号成立，此时【点睛】本题主要考查了绝对值不等式的解法，根与系数的关系，柯西不等式，属于中档题.
