收藏 分享(赏)

2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:315233 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:10 大小:378KB
下载 相关 举报
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第1页
第1页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第2页
第2页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第3页
第3页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第4页
第4页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第5页
第5页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第6页
第6页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第7页
第7页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第8页
第8页 / 共10页
2020新课标高考化学二轮专题强化训练:专题六 元素及其化合物 WORD版含解析.doc_第9页
第9页 / 共10页
亲,该文档总共10页,到这儿已超出免费预览范围,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、专题强化训练(建议用时:40分钟)一、选择题:每小题只有一个选项符合题意。1清初泉州府志记载:“初,人不知盖泥法,元时南安有黄长者为宅煮糖,宅垣忽坏,去土而糖白,后人遂效之。”文中“盖泥法”的原理与下列相同的是()A活性炭净水B用漂白粉漂白织物C除去KNO3中的NaCl D除去河水中泥沙解析:选A。文中“去土而糖白”指固体土吸附糖中的色素,所以“盖泥法”的原理与活性炭净水的原理相同,A项正确。2化学与社会、生活密切相关,对下列现象或事实的解释不正确的是()选项现象或事实解释A用铁制容器盛装浓硫酸常温下,铁在浓硫酸中钝化B二氧化硫用作纸浆的漂白剂二氧化硫具有氧化性C液氨可用作制冷剂液氨汽化时要吸

2、收大量的热D84消毒液可用于环境消毒主要成分是NaClO,具有强氧化性解析:选B。浓硫酸具有强氧化性,常温下能够使铁钝化,形成致密氧化膜阻止反应进行,所以可以用铁制容器盛装浓硫酸,故A正确;二氧化硫漂白纸浆,是因其具有漂白性,故B错误;液氨汽化吸收大量的热,具有制冷作用,可用作制冷剂,故C正确;84消毒液的主要成分是NaClO,具有强氧化性,能够杀菌消毒,所以可以用于环境消毒,故D正确。3A、B、C是中学阶段所学的三种单质,A、B、C及其他物质之间的转化关系如图所示,其中B、D、E、F的水溶液呈酸性。若DCEF且常温下只有B为气态,则A、B、C分别为()AFe、Cl2、Cu BFe、Cl2、H

3、2CCu、Cl2、Fe DFe、Cl2、Mg解析:选A。 B单质水溶液呈酸性,且常温下为气态,则B为Cl2,结合转化关系可推出,A、B、C、D、E、F分别为Fe、Cl2、Cu、FeCl3、CuCl2、FeCl2,A项正确。4下列关于C、N、S三种非金属元素及其化合物的说法中,错误的是()A金刚石、石墨、C60都是碳元素组成的单质,属于碳的同素异形体B氮氧化物、二氧化硫是形成酸雨的主要物质CC、N、S原子半径依次增大,氢化物稳定性逐渐增强D加热条件下,碳、硫单质都能与浓硝酸、浓硫酸发生反应解析:选C。同种元素形成的性质不同的单质互称为同素异形体,金刚石、石墨、C60都是碳元素组成的单质,属于碳的

4、同素异形体,A正确;氮氧化物、二氧化硫是形成酸雨的主要物质,B正确;根据元素周期律判断:N、C、S原子半径依次增大,氢化物稳定性:CH4H2SNH3,C错误;加热条件下,碳、硫单质都能与强氧化性酸浓硝酸、浓硫酸发生反应,D正确。5下列有关物质性质的叙述一定不正确的是()A向FeCl2溶液中滴加NH4SCN溶液,溶液显红色B等量的氯气分别与足量氢氧化钠和硫化钠充分反应,转移的电子数之比为12CNH4Cl与Ca(OH)2混合加热可生成NH3DCu与FeCl3溶液反应可生成CuCl2解析:选A。FeCl2溶液中含Fe2,NH4SCN用于检验Fe3,向FeCl2溶液中滴加NH4SCN溶液,溶液不会显红

5、色,A项错误;根据化学反应Cl22NaOH=NaClNaClOH2O、Cl2Na2S=S2NaCl,氯气的物质的量相等,转移电子数之比为12,B项正确;实验室可用NH4Cl和 Ca(OH)2混合共热制NH3,反应的化学方程式为2NH4ClCa(OH)2CaCl22NH32H2O,C项正确;Cu与FeCl3溶液反应生成CuCl2和FeCl2,反应的化学方程式为Cu2FeCl3=CuCl22FeCl2,D项正确。二、选择题:每小题有一个或两个选项符合题意。6为测定NaCl、Na2CO310H2O和NaHCO3的混合物中各组分的含量,某同学设计如下实验:取一定质量的混合物,通过测量反应前后和装置质量

6、的变化,测定该混合物中各组分的质量分数。下列说法中错误的是()A中可以依次盛装碱石灰、无水CaCl2、碱石灰B硬质玻璃管加热前,应关闭b,打开a,缓缓通入空气,直至a处出来的空气不再使澄清石灰水变浑浊为止C若将装置换成盛放NaOH溶液的洗气瓶,则测得的NaCl含量偏高D实验过程中一直通入空气,停止加热后继续通入空气解析:选C。根据实验目的和装置的连接顺序可知,装置用于吸收空气中的CO2和水蒸气,可以使用碱石灰;装置吸收Na2CO310H2O和NaHCO3分解生成的水蒸气,可以使用无水CaCl2;装置吸收NaHCO3分解生成的CO2,可以使用碱石灰,A项正确。实验前必须将装置中的水蒸气和CO2赶

7、尽,避免影响测定结果,硬质玻璃管加热前,应关闭b,打开a,缓缓通入空气,直至a处出来的空气不再使澄清石灰水变浑浊为止,B项正确。若将装置换成盛放NaOH溶液的洗气瓶,则会增加水蒸气的质量,使测得的Na2CO310H2O和NaHCO3的含量偏高,NaCl的含量偏低,C项错误。实验过程中一直通入空气,停止加热后继续通入空气,使残留在装置中的CO2和水蒸气完全被吸收,D项正确。7实验室为探究铁与浓硫酸(足量)的反应,并验证SO2的性质,设计如图所示装置进行实验,下列说法错误的是()A装置B中酸性KMnO4溶液逐渐褪色,体现了二氧化硫的氧化性B实验结束后可向装置A的溶液中滴加KSCN溶液检验是否含有F

8、e2C装置D中品红溶液褪色可以验证SO2的漂白性D实验时将导管a插入浓硫酸中,可防止装置B中的溶液倒吸解析:选AB。该实验探究铁与浓硫酸在加热条件下的反应,并验证SO2的性质,装置A即为铁与浓硫酸的反应装置,产生SO2;装置B、C、D分别用来验证SO2的性质,装置E为尾气吸收装置。装置B中酸性KMnO4溶液逐渐褪色,说明MnO被还原,即体现了二氧化硫的还原性,故A错误;KSCN溶液是用来检验Fe3的,故B错误;品红溶液用来检验SO2的漂白性,故装置D中品红溶液褪色可以验证SO2的漂白性,故C正确;实验时将导管a插入浓硫酸中,可以使A中试管内压强与外界压强相等,即可防止装置B中的溶液倒吸,故D正

9、确。三、非选择题8Cl2O为国际公认的高效安全灭菌消毒剂之一,实验室可利用氯气和空气(氯气与空气体积比为13,空气不参与反应)的混合气与含水8%的碳酸钠反应制备,所用实验装置和Cl2O的性质如下:颜色棕黄色状态气体气味强刺激性熔点116 沸点3.8 水溶性极易溶于水,与水反应生成次氯酸热稳定性42 以上分解为Cl2和O2回答下列问题:(1)仪器a的名称为_,所盛放的药品是_。(2)写出装置A中发生反应的离子方程式:_。(3)装置C的主要作用是_。(4)装置D、E中都用到多孔球泡,其作用是_。(5)写出装置D中生成Cl2O的化学方程式:_。(6)Cl2O是一种更为理想的饮用水消毒剂,ClO2和C

10、l2O在消毒时自身均被还原为Cl,ClO2的消毒能力是等质量Cl2O的_(结果保留两位小数)倍。(7)装置E中所得溶液呈黄绿色,可能的原因是D中的氯气过量而进入E中,设计实验证明:_。(8)制备Cl2O装置中存在缺陷,请提出改进措施:_。答案:(1)球形干燥管碱石灰(2)MnO24H2ClMn2Cl22H2O(3)控制氯气和空气的体积比(4)增大反应物接触面积,使反应充分进行(5)2Cl22Na2CO3H2O=2NaClCl2O2NaHCO3(6)1.61(7)取少量E中溶液,滴加硝酸酸化的硝酸银溶液,若有白色沉淀生成,则说明是氯气过量所致(8)将装置D放在冰水浴中,以控制三颈烧瓶内的温度不超

11、过42 9(2019泰安高三一模)无水三氯化铬(CrCl3)为紫色晶体,熔点为83 ,易潮解,易升华,不易水解,高温下易被氧气氧化,在工业上主要用作媒染剂和催化剂。某小组同学用Cr2O3和CCl4(沸点76.8 )在高温下制备无水三氯化铬,部分实验装置如图所示(夹持装置略)。请回答下列问题:(1)通入N2的作用是_(写出三点)。(2)装置A和装置C的烧杯中分别盛放_、_。(3)装置B中反应一段时间后,除产生CrCl3外,还有副产物光气(COCl2)生成,该反应的化学方程式是_。(4)该实验装置的设计存在不合理的地方,请指出并说明改进方法:_。(5)样品中三氯化铬质量分数的测定i称取样品0.30

12、0 0 g,加水溶解并于250 mL容量瓶中定容。ii.移取25.00 mL样品溶液于带塞的锥形瓶中,加热至沸腾后加入稍过量的Na2O2,稀释并加热煮沸,再加入过量H2SO4酸化,将Cr3氧化为Cr2O;再加入过量的KI固体,加塞摇匀,使铬完全以Cr3的形式存在。iii.加入1 mL指示剂,用0.025 0 molL1标准Na2S2O3溶液滴定至终点,平行测定三次,平均消耗标准Na2S2O3溶液21.00 mL(已知:2Na2S2O3I2=Na2S4O62NaI)。ii中加入Na2O2后要加热煮沸,其主要原因是_;加入KI时发生反应的离子方程式为_;滴定实验可选用的指示剂为_;若滴定时振荡不充

13、分,刚看到局部变色就停止滴定,则会使样品无水三氯化铬的质量分数的测量结果_(填“偏高”“偏低”或“无影响”);样品中无水三氯化铬的质量分数为_%(结果保留三位有效数字)。解析:(1)反应前通入氮气是为了排尽装置内的空气,以免CrCl3被氧气氧化;反应中通入氮气,是为了吹出CCl4蒸气使其进入硬质玻璃管中参加反应;反应后通入氮气,是为了将硬质玻璃管中的产物吹出以提高产率,并将残留尾气吹出进行处理,避免污染空气。(2)装置A的烧杯中盛放热水使CCl4汽化,装置C的烧杯中盛放冷水使生成的CrCl3凝华为固体。(3)根据题干可知装置B中反应产生CrCl3和COCl2,即Cr2O33CCl4(g)2Cr

14、Cl33COCl2。(4)装置B与装置C之间的导管可能因CrCl3凝固而堵塞,应该换为较粗的导管。(5)在ii中加入过量Na2O2除了氧化Cr3外还生成O2,溶解于溶液中的O2也可以氧化I,故加入Na2O2后要加热煮沸,赶走溶液中的O2;向Cr2O的酸性溶液中加入KI生成Cr3、I2和H2O,故离子方程式是Cr2O6I14H=2Cr33I27H2O。滴定反应是2Na2S2O3I2=Na2S4O62NaI,可选用淀粉溶液做指示剂。滴定时,若局部变色就停止滴定,则I2未反应完全,消耗的Na2S2O3标准液比实际少,测出的结果偏低。根据关系式2Cr3Cr2O3I26Na2S2O3,得n(Cr3)n(

15、Na2S2O3)21.00103L0.025 0 molL11.75104 mol,故样品中无水三氯化铬的质量分数为100%92.5%。答案:(1)排出空气、吹出CCl4蒸气、吹出产物及尾气(2)热水冷水(3)Cr2O33CCl4(g)2CrCl33COCl2(4)装置B与装置C之间的导管可能因CrCl3凝固而堵塞,应换为较粗的导管(5)除去其中溶解的氧气,防止氧气将I氧化Cr2O6I14H=2Cr33I27H2O淀粉溶液偏低92.510电解精炼铜的阳极泥中主要含Ag、Au等贵重金属。以下是从精炼铜的阳极泥中回收银、金的流程图:(1)氯金酸(HAuCl4)中Au的化合价为_。(2)铜阳极泥氧化

16、时,采用“低温焙烧”而不采用“高温焙烧”的原因是_。(3)“焙烧渣”在“酸浸”时发生反应的离子方程式为_。(4)“浸金”反应中,H2SO4的作用为_,该步骤的分离操作中,需要对所得的AgCl进行水洗。简述如何判断AgCl已经洗涤干净:_。(5)氯金酸(HAuCl4)在pH为23的条件下被草酸还原为Au,同时放出二氧化碳气体,则该反应的化学方程式为_。(6)甲醛还原法沉积银,通常是在搅拌下于室温及弱碱性条件下进行,甲醛被氧化为碳酸氢根离子,则该反应的离子方程式为_。解析:(2)阳极泥中有金属银、金等,高温焙烧时,生成的Ag2O又分解为Ag和O2或2Ag2O4AgO2。(3)“焙烧渣”中的主要成分

17、为氧化银、金等;所以加入酸后,氧化银与酸反应,金不反应;在“酸浸”时发生反应的离子方程式为Ag2O2H2Cl=2AgClH2O。(4)“浸金”反应中,H2SO4的作用为提供氢离子,增强NaClO3的氧化性;主要检验AgCl的洗涤液中是否含有硫酸根离子,具体操作为取最后一次洗涤液少许于试管中,滴入Ba(NO3)2溶液,若没有白色沉淀产生,则说明已经洗涤干净,反之,则需要继续洗涤。(5)氯金酸(HAuCl4)在pH为23的条件下被草酸还原为Au,同时放出二氧化碳气体,则该反应的化学方程式为2HAuCl43H2C2O4=2Au8HCl6CO2。(6)根据流程可知Ag(SO3)被甲醛还原为银,而甲醛被

18、氧化为碳酸氢根离子,该反应的离子方程式为4Ag(SO3)HCHO5OH=4Ag8SO3H2OHCO。答案:(1)3价(2)高温焙烧时,生成的Ag2O又分解为Ag和O2(或2Ag2O4AgO2)(3)Ag2O2H2Cl=2AgClH2O(4)提供H,增强NaClO3的氧化性取最后一次洗涤液少许于试管中,滴入Ba(NO3)2溶液,若没有白色沉淀产生,则说明已经洗涤干净,反之,则需要继续洗涤(5)2HAuCl43H2C2O4=2Au8HCl6CO2(6)4Ag(SO3)HCHO5OH=4Ag8SO3H2OHCO11工业由钛铁矿(主要成分FeTiO3)制备TiCl4的主要工艺流程如下:请回答下列问题:

19、(1)已知酸浸反应为FeTiO3(s)2H2SO4(aq)=FeSO4(aq)TiOSO4(aq)2H2O,则FeTiO3中钛元素的化合价为_。(2)试剂A为_,加入A的目的是_(填字母)。A防止Fe2被氧化B与Fe3反应C防止Fe2水解“溶液”经“操作”可得副产品FeSO47H2O,则“操作”包括浓缩、冷却、_。(3)钛酸煅烧得中间产物的化学方程式为H2TiO3(s)TiO2(s)H2O(g),上述工艺流程中生成TiCl4的化学方程式为_。已知TiO2(s)2Cl2(g)=TiCl4(l)O2(g)H151 kJmol1,该反应极难进行,当向反应体系中加入焦炭后,则反应在高温条件下能顺利发生

20、。从化学平衡的角度解释原因:_。(4)TiCl4极易水解,利用此性质可制备纳米级TiO2xH2O,该反应的化学方程式是_。解析:(2)“溶液”为FeSO4和TiOSO4的混合溶液,通过后续流程中的物质可以判断,加入试剂A后并没有引入新元素,又因为经过“操作”得到了FeSO47H2O,而亚铁离子容易被氧化,所以试剂A为铁粉(或Fe)。加入Fe的目的是防止Fe2被氧化。“操作”从溶液得到FeSO47H2O晶体,所以“操作”包括浓缩、冷却、结晶、过滤。(3)钛酸煅烧得中间产物的化学方程式为H2TiO3(s)TiO2(s)H2O(g),题述工艺流程中钛酸煅烧得到的中间产物与Cl2和焦炭在900 时反应

21、生成TiCl4,所以生成TiCl4的化学方程式为2Cl2TiO2CTiCl4CO2或2Cl2TiO22CTiCl42CO。若要TiO2(s)与Cl2(g)在高温条件下直接反应生成TiCl4(l)和O2(g),该反应极难进行,当向反应体系中加入焦炭后,根据化学平衡移动原理:C与 O2反应,O2的浓度减小使平衡向右移动;C与O2反应放热,温度升高使平衡向右移动,促使反应顺利进行。答案:(1)4价(2)铁粉(或Fe)A结晶、过滤(3)2Cl2TiO2CTiCl4CO2(或2Cl2TiO22CTiCl42CO)C与O2反应,O2的浓度减小使平衡向右移动;C与O2反应放热,温度升高使平衡向右移动,促使反应顺利进行(4)TiCl4(x2)H2O=TiO2xH2O4HCl

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3