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2018届 高三理科数学二轮复习习题:第一部分 论方法 作业1 WORD版含答案.doc

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资源描述

1、专题训练作业(一)一、选择题1(2017衡水调研卷)曲线f(x)x3x3在点P处的切线平行于直线y2x1,则P点的坐标为()A(1,3)B(1,3)C(1,3)或(1,3) D(1,3)答案C解析由题意得,f(x)3x21,设P(x0,y0),则f(x0)3x0212,解得x01,从而P(1,3)或P(1,3)2若方程x2xm0在x1,1上有实根,则实数m的取值范围是()Am BmCm Dm答案D解析mx2x(x)2,x1,1当x1时,m最大为,当x时,m最小为,m.3已知等比数列an的各项均为正数,数列bn满足bnlnan,b318,b612,则数列bn前n项和的最大值等于()A126 B1

2、30C132 D134答案C解析an是各项不为0的正项等比数列,bnlnan是等差数列又b318,b612,b122,d2.Sn22n(2)n223n.(Sn)maxS11S121122311132.4若2x5y2y5x,则有()Axy0 Bxy0Cxy0 Dxy0答案B解析把不等式变形为2x5x2y5y,构造函数f(x)2x5x,其为R上的增函数,所以有xy,即xy0.5设函数f(x)exx2,g(x)lnxx23.若实数a,b满足f(a)0,g(b)0,则()Ag(a)0f(b) Bf(b)0g(a)C0g(b)f(a) Df(b)g(a)0,f(x)是增函数g(x)的定义域是(0,),g

3、(x)2x0.g(x)是(0,)上的增函数f(0)10,0a1.g(1)20,1b0,g(a)0),则g(t),令g(t)0,得t1,当t(0,1)时,g(t)0,所以g(t)ming(1),所以|AB|,所以|AB|的最小值为.7(2017河南六校)一矩形的一边在x轴上,另两个顶点在函数y(x0)的图像上,如图,则此矩形绕x轴旋转而成的几何体的体积的最大值是()A B.C. D.答案A解析y(x0),yx22xy0,将其视为关于x的一元二次方程,设x1,x2是其两根,绕x轴旋转而成的几何体的体积Vy2|x1x2|y22,当且仅当y2,即y时等号成立,故选A.8(2017安徽毛坦厂中学段考)已

4、知正四棱锥的体积为,则正四棱锥的侧棱长的最小值为()A2 B2C2 D4答案A解析如图所示,设正四棱锥的底面边长为a,高为h.则该正四棱锥的体积Va2h,故a2h32,即a2.则其侧棱长为l.令f(h)h2,则f(h)2h,令f(h)0,解得h2.显然当h(0,2)时,f(h)0,f(h)单调递增所以当h2时,f(h)取得最小值f(2)2212,故其侧棱长的最小值l2.9(2017河南四校联考)设O为坐标原点,P是以F为焦点的抛物线y22px(p0)上任意一点,M是线段PF上的点,且|PM|2|MF|,则直线OM的斜率的最大值为()A. B.C. D1答案C解析由题意可得F(,0)设P(,y0

5、),当y00时,kOM0时,kOM0.要求kOM的最大值,y00.()(,),kOM,当且仅当y022p2,即y0p时取得等号故选C.10(2017云南昆明摸底)过椭圆y21的右焦点作互相垂直的两条直线,分别交椭圆于A,B,C,D四点,则四边形ABCD面积的最小值为()A2 B.C. D.答案D解析当两条直线一条斜率为0,一条斜率不存在时,|AC|1,|BD|4,S|AC|BD|2.当两条直线斜率都存在时,设直线AC的方程为ykxk,与椭圆y21联立后得(k2)x22k2x3k210.设A(x1,y1),C(x2,y2),则12k44(k2)(3k21)k210,x1x2,x1x2,|AC|.

6、同理|BD|,所以S|AC|BD|.因此(4k21)(k24)()2,所以S.11(2017课标全国,文)设A,B是椭圆C:1长轴的两个端点若C上存在点M满足AMB120,则m的取值范围是()A(0,19,) B(0,9,)C(0,14,) D(0,4,)答案A解析依题意得,或所以或解得00在x(e,e2上恒成立,故h(x)max,所以a.故选B.13(2017唐山二模)已知f(x)是定义在R上的可导函数,且满足(x2)f(x)xf(x)0,则()Af(x)0 Bf(x)0,当x0时,g(x)0,函数g(x)单调递增,当x0时,g(x)0,f(x)0.故选A.14当x2,1时,不等式ax3x2

7、4x30恒成立,则实数a的取值范围是()A5,3 B6,C6,2 D4,3答案C解析令t,x(0,1时,得a3()34()23t34t2t,t1,)令g(t)3t34t2t,t1,),则g(t)9t28t1(t1)(9t1),显然在t1,)时,g(t)0,所以g(t)的最大值为g(1)6,因此a6.同理x2,0)时,得a3()34()23t34t2t,t(,g(t)9t28t1(t1)(9t1),t1时,g(t)0,g(t)单调递减;1t0,g(t)单调递增,则当t1时,g(t)的最小值为g(1)2,因此a2.x0时,显然不等式恒成立综上,得6a2,故选C.二、填空题15(2016黄冈调研)已

8、知关于x的不等式0的解集是(,1)(,),则a_答案2解析由不等式可得a0,且不等式等价于a(x1)(x)0,由解集特点可得a0,且,所以a2.16设Sn为等比数列an的前n项和,已知2S3a41,2S2a31,则公比q_答案3思路本题主要考查了等比数列的通项公式、前n项和公式以及性质等基础知识,考查了方程思想与计算能力解析设数列an的首项为a1,公比为q,因为2S3a41,2S2a31,所以解得q0(舍)或q3.17诗句“横看成岭侧成峰,远近高低各不同”,可以形象地说明同一事物从不同角度看可能会有不同的认识,在数学的解题中,若能恰当的改变分析问题的角度,往往会有“山穷水尽疑无路,柳暗花明又一

9、村”的豁然开朗之感关于数学问题“对任意a1,1,求使不等式x2ax20成立的实数x的取值范围”,有一种参考解答如下:令f(a)xa(x22),因为对任意a1,1,不等式x2ax20恒成立,所以解得1x1.受上述参考解答的启发,可解得关于x的方程x3ax2x(a2a)0(a0)的实根为_答案a1;解析由x3ax2x(a2a)0(a1,所以x12,所以SPAB的取值范围是(0,1),故选A.2(2017湖北襄阳联考)定义在(0,)上的单调递减函数f(x),若f(x)的导函数存在且满足x,则下列不等式成立的是()A3f(2)2f(3) B3f(4)4f(3)C2f(3)3f(4) Df(2)2f(1

10、)答案A解析f(x)在(0,)上单调递减,f(x)x,f(x)0,g(x)在(0,)上单调递增,g(3)g(2),即,即3f(2)2f(3),A正确3数学家欧拉在1765年提出,任意三角形的外心、重心、垂心位于同一条直线上,后人称这条直线为欧拉线已知ABC的顶点A(2,0),B(0,4),若其欧拉线的方程为xy20,则顶点C的坐标为_答案(4,0)解析设C(m,n),由重心公式,可得ABC的重心为(,),代入欧拉直线得,20,整理得mn40.AB的中点为(1,2),kAB2,AB的中垂线方程为y2(x1),即x2y30,联立解得所以ABC的外心为(1,1),则(m1)2(n1)210,整理得m

11、2n22m2n8,联立,可得m4,n0或m0,n4.当m0,n4时,B,C两点重合,舍去,所以点C的坐标为(4,0)4(2017定州月考)已知数列an的前n项和为Sn,且a11,a23,Sn14Sn3Sn1(n2),若对于任意nN*,当t1,1时,不等式2()x2tx1恒成立,则实数x的取值范围为_答案(,22,)解析由Sn14Sn3Sn1(n2)得Sn1Sn3(SnSn1)(n2),即an13an(n2),所以3(n2),又因为3,所以数列an是首项为1,公比为3的等比数列,所以数列是首项为1,公比为的等比数列,所以1()n,若不等式2()2()max,即x2tx13在t1,1上恒成立则解得所以x2或x2.

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