1、物理参考答案1. 【答案】B【解析】由题可知，小球做平抛运动的水平位移，下落的高度，下落的时间，则初速度，选项B正确。2.【答案】C【解析】在弹性绳下端悬挂10 N的重物时，R下移了2.5 cm，说明R点上端部分伸长=2.5 cm。由于橡皮筋的伸长是均匀的，当下端再挂20 N的重物时，R上端部分将伸长=7.5 cm，由于原长时R点上下部分长度比为1:3，上下部分伸长比也为1:3，R下端部分将伸长=22.5 cm，故此时橡皮绳的总长为=70 cm。3. 【答案】A【解析】电量为定值，将电容器的正极板向右移动，由电容的决定式：，两板间距离d减小，C增大，可见E与两板间距离无关，而两板间电压,可见电
2、压减小，减小，可知A正确。4. 【答案】B【解析】由功率公式P=Fv可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡；故换低速档，增大牵引力，故A错误，B正确；徐徐踩下加速踏板，发动机的输出功率增大，根据P=Fv可知，目的是为了增大牵引力，故CD错误。5. 【答案】C【解析】顺着电场线的方向电势逐渐降低，C点电势比b点电势低，选项A错误；电场线密的地方电场强度大，C点电场强度最大，选项B错误；正电荷在电势高的地方电势能大，选项C正确；负电荷在b点由静止释放，受到的电场力向右，仅在电场力作用下不可能由b点运动到c点，选项D错误。6. 【答案】C【解析】若剪断a绳，小球
3、将以悬点为圆心、绳长为半径做圆周运动，而此时小球的向心力为零，则小球的合力沿与b绳垂直斜向右下方的方向，则由牛顿第二定律得，解得，同理剪断b绳瞬间，小球的加速度为，则：=，C正确。7. 【答案】B【解析】物块向右运动至弹簧弹力与摩擦力平衡时，物块的动能最大，然后物块的动能逐渐减小，物块与弹簧分离后在摩擦力的作用下一直减速到零，A正确；由功能关系可知，物块向左运动的过程中，物块减小的动能一部分转化为弹簧的弹性势能，另一部分克服摩擦力做功，因此弹簧最短时，弹簧具有的弹性势能为，B错误；对于物块与弹簧，在整个过程中，滑动摩擦力做负功，因而物块和弹簧的机械能一直减小，C正确；设物块的速度为零时，物块距
4、离出发点之间的距离为x，根据动能定理有mg(x2l)0mv02，解得x，D正确。8. 【答案】D【解析】细线的拉力满足，得，选项A错误；小球达到稳定状态后做匀速圆周运动，其周期与轻杆旋转的周期相同，周期，选项B错误；小球做圆周运动，根据题意有得，小球的线速度与角速度的乘积是，选项C错误；小球做圆周运动的线速度与角速度的比值即是半径，根据题意得，选项D正确。9. 【答案】BD【解析】如果粒子带负电，粒子在电场中一定先做减速运动后做加速运动，因此x=3x0处的速度不可能为零，因此粒子一定带正电，A错误；根据动能定理，可得：，B正确；粒子向右运动的过程中，电场力先做正功后做负功，因此电势能先减小后增
5、大，C错误；粒子运动到x0处动能最大，根据动能定理，解得，D正确。10.【答案】ABC【解析】由可知“火卫一号”做圆周运动的周期和轨道半径，可以求出中心天体的质量即火星的质量，选项A正确；若知道火星的半径R，由，可以求出火星表面的重力加速度，B正确；若知道火星表面的重力加速度，由可以求出火星的半径，由可以求出火星的第一宇宙速度，选项C正确；火星对物体的引力还与物体的质量有关，且不知道火星的半径，无法算出火星对其赤道上物体的引力，D错误。11. 【答案】BC【解析】滑块过P、Q两点时的速度大小相等，根据动能定理，得，即水平恒力F与PQ连线垂直且指向轨迹的凹侧，故选项A错误；把P点的速度分解在沿水
6、平力F和垂直水平力F两个方向上，沿水平力F方向上滑块先做匀减速后做匀加速直线运动，有，当F方向速度为零时，时间,根据对称性，滑块从P到Q的时间为，故选项B正确；当F方向速度为零时，只有垂直F方向的速度，此时速度方向与F垂直，速度最小，故选项C正确；垂直F的方向上物块做匀速直线运动，有 m,故选项D错误。12. 【答案】AC【解析】当h=2R时，从A点到C点的过程，根据机械能守恒有：，过C点时有：，解得：，根据牛顿第三定律可知，小球过C点压力大小为，A正确；若小球恰好从D点离开圆弧轨道，则，解得：，所以当h=2R时，小球在运动到做平抛运动，D点前已经脱离轨道，不会从D点离开做平抛运动，B错误；由
7、机械能守恒可得：，求得：，由牛顿第二运动定律可得：，解得：，C正确；若小球以速度从D点离开后做平抛运动，得：，且，D错误。二、实验题（本题共2小题，共12分）13（6分）（1）0.3800（2分）（2）（各1分）（3）mgH=或2gH=）（2分）【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度读数为3.5mm，可动刻度读数为0.0130.0mm=0.300mm，则小球的直径d=3.800mm=0.3800cm（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，小球通过两光电门的速度分别为：，（3）小球通过两光电门过程中重力势能的减小量为Ep=mgH，动能的增加量为，则需验证的表达式为：mgH=，即为：2gH=14
8、（6分）（2）消除小车与木板之间摩擦力造成的影响(2分)（3）42.0(2分)（4）小车乙的质量m乙(1分)0.2kg(1分)【解析】（2）将装置的右端适当垫高了一些，目的是平衡摩擦力，消除小车与木板之间摩擦力造成的影响（3）小车通过的位移为：x=53.0cm11.0cm=42.0cm（4）小车受到拉力相同时，加速度与质量成反比，而位移与加速度成正比，小车发生的位移与小车的质量成反比，即，可知：，则图线的斜率表示小车乙的质量m乙，解得：m乙=0.2kg。15.（12分） 【解析】（1）地铁列车在两站间匀加速运动的距离=162 m -（2分）匀速运行速度=18 m/s -（1分）匀速运动距离=1
9、620 m -（1分）匀减速运动距离m -（1分）相邻两站间的距离=1872 m -（1分）王强上班行进的路线长度s=800 m+1872(61) m+1200 m=11360 m=11.36 km -（3分）（2）他开车上班一次排放气态污染物的质量=1.70 kg -（3分）16.(12分) 【解析】（1）以B研究对象，根据平衡条件：T=mBg （2分）以A为研究对象，根据牛顿第二定律：mBg= （2分）得：mB= （1分）（2）A下落过程，根据机械能守恒定律： （2分）解得： （1分）（3）A脱离玻璃板后做平抛运动，竖直方向自由落体： （2分）则水平位移： （1分）二者落地的距离： s=
10、（1分）17（16分）【解析】（1）研究木板和小物块整体，由动能定理有2mg（hLsin）=0 （1分）解得：v0=（1分）（2）设物块沿斜面向上运动的最大加速度为a，最大拉力为Fm，则mgcosmgsin=ma（1分）对整体有 Fm2mgsin=2ma（1分）解得 Fm=1.5mg（1分）要使整体能沿斜面上升应满足 F2mgsin=mg（1分）所以 mgF1.5mg（1分）（3）物块相对木板滑动过程中，设物块的加速度为a1，有拉力作用时木板的加速度为a2，撤去拉力后木板的加速度大小为a3，则对物块 mgcosmgsin=ma1（1分）对木板 Fmgsinmgcos=ma2（1分） mgsin+mgcos=ma3（1分）在t1时刻小物块的速度为v1，木板的速度v2，则 v1=a1t1，v2=a2t1（1分）设撤去拉力后，经过时间t2二者速度相同，则 v3=v2a3t2=v1+a1t2（1分）此后二者一起匀减速上滑，设加速度大小为a4，则 2mgsin=2ma4（1分）全过程中木板的位移： （1分）由几何关系有： （1分）联立解得拉力F作用的时间 t1= （1分）版权所有：高考资源网()
