1、兰考二中20152016学年下学期期中考试高二年级物理试卷考试时间：90分钟 满分：110分一、选择题（每小题5分，共60分。1-8题只有一个选项正确，9-12有二个或二个以上选项正确，全选对的得 5 分，选不全的得 3 分，有选错的或不答的得 0 分，请将下列各题符合题意的选项的字母填入答题纸内。）1.如图所示，a、b都是较轻的铝环，a环闭合，b环断开，横梁可以绕中间支点自由转动，开始时整个装置静止下列说法中正确的是() A.条形磁铁插入a环时，横梁不会发生转动B.铝环a产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动C.条形磁铁用相同方式分别插入a、b环时，两环转动情况相同D.只有当条形磁铁N
2、极拔出铝环时，横梁才会转动2如图所示，小车与木箱紧挨着静止放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱关于上述过程，下列说法中正确的是() A男孩和木箱组成的系统动量守恒B小车与木箱组成的系统动量守恒C男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒D木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同3.如图所示图象中 不属于交流电的是（ ） 4.如图的无限大的磁场中，有一个平行于磁场平面的矩形线圈abcd做下述运动，其中能使线圈中产生感应电流的运动是() A.以ab为轴转动B.以bc为轴转动C.垂直纸面向内匀速运动D.在纸面内向下运动 5如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅
3、电子器件实现了无级调节亮度给该台灯接220V的正弦交变电流后加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为（）220 A220 V B V C 110 V D V 6.如图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D 1和D 2是两个完全相同的小灯泡将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则下列说法中正确的是() A.K闭合瞬间，D 2先亮，D 1后亮，最后两灯亮度一样B.K闭合瞬间，D 1先亮，D 2后亮，最后两灯亮度一样C.K断开时，D 2立即熄灭，D 1亮一下再慢慢熄灭D.K断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭7.穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下
4、列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是() A.02sB.5s10s C.4s5sD. 2s4s8.对于力的冲量的说法，正确的是（）A力越大，力的冲量就越大B一对作用力与反作用力的冲量一定等大且反向C如果力不等于零，则在一段时间内其冲量不可能为零D静置于地面的物体受到水平推力F的作用，经时间t物体仍静止，则此推力的冲量为零9. 如图所示电路中的变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑动触头，原线圈两端接交变电流，输入电压不变，则（）A保持P的位置不变，S由b切换到a，能使原线圈的输入功率变大B保持P的位置不变，S由a切换到b，能使原线圈的输入功率变大CS掷于b位置不动，P向上
5、滑动，能使原线圈的输入功率变大DS掷于b位置不动，P向下滑动，一定能使原线圈的输入功率变大10.如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于回路所在的平面回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始络与MN垂直从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是 () A.感应电流方向不变B.CD段直线始终不受安培力C.感应电动势平均值E= D.感应电动势平均值 = Bav 1115如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B木块中部夹一被压缩的弹簧，当弹簧被放开时，它们各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落在地上A的落地点与桌边水平距离1.5m，B的落地
6、点距离桌边1m，那么（）AA、B离开弹簧时的速度比为3：2BA、B质量比为3：2C未离开弹簧时，A、B加速度大小之比3：2D未离开弹簧时，A、B所受冲量大小比为3：212如图所示，设质量为M的导弹运动到空中最高点时速度为v0，突然炸成两块，质量为m的一块以速度v沿v0的方向飞去，则另一块的运动可能是（）A沿v0的方向且速率大于v0飞去B沿v0的反方向飞去C做自由落体运动D以上说法都不对二、实验题探究题(本大题共2小题，共18分)13. 甲、乙两物体沿同一直线相向运动，甲物体的速度大小是6m/s，乙物体的速度大小是2m/s碰撞后两物体都沿各自原方向的反方向运动，速度大小都是3m/s则甲、乙两物体
7、的质量之比是_ 14.如图1所示，用“碰撞试验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系（1）试验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的但是，可以通过仅 _（填选项前的序号），间接地解决这个问题A小球开始释放高度h B小球抛出点距地面得高度HC小球做平抛运动的射程（2）图1中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复接下来要完成的必要步骤是_（填选项前的符号）A用天平测量两个
8、小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、ND测量抛出点距地面的高度HE测量平抛射程OM、ON（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_（用（2）中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞那么还应满足的表达式为_ （用（2）中测量的量表示）三、计算题(本大题共3小题，共32分)15. （8分）单匝矩形线圈abcd放置在水平面内，线圈面积为S = 100cm2，线圈处在匀强磁场中，磁场方向与水平方向成30角，求： (1)若磁场的磁感应强度B = 0.1T，则穿过线圈的磁通量为多少？ (2)若磁感应强度方向改为与线圈平面垂直，且大小按B = 0.
9、1+0.3t(T)的规律变化，线圈中产生的感应电动势为多大？ 16. （12分）如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直已知线圈匝数n=400，电阻r=0.1，长L 1=0.05m，宽L 2=0.04m，角速度=l00rad/s，磁场的磁感应强度B=0.25T线圈两端外接电阻R=19.9的用电器和一个交流电流表(内阻不计)，求： (1)线圈中产生的最大感应电动势 (2)电流表A的读数 (3)用电器上消耗的电功率 17. （12分）细线下吊着一个静止的质量为m2的沙袋，构成一个单摆，摆长为L一颗质量为m0的子弹水平射入沙袋并留在沙袋中，随沙袋一起摆动已知沙袋摆动时摆线
10、的最大偏角是 ，（不计空气阻力）求：（1）子弹射入沙袋前的速度；（2）若设子弹射入沙袋前的速度为v1，则整个过程中系统损失的机械能是多少？2015-2016学年度第二学期【答案】题号123456789101112答案BCDBCCBBACADADBC13 5/9选取甲开始时速度的方向为正方向，由动量守恒定律得，m1v1-m2v2=m2v2-m1v1代入数据解得：m1m2=v2+v2v1+v1=2+46+4=5914. (1)_c_A、c、E（填选项前的符号）（3）_m1OM+m2ON=m1OP_m1OM2+m2ON2=m1OP2A、S由b切换到a，副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所
11、以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故A正确；B、S由a切换到b副线圈匝数变小，副线圈电压变小，所以副线圈功率变小，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变小，故B错误；C、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变小，电压不变，所以所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，故C错误；D、S置于b位置不动，P向下滑动，电阻变大，电压不变，所以输出功率变小，故原线圈的输入功率变小，故D错误11【分析】A、B离开桌面后都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，由水平位移可以求出它们的初速度关系，弹簧弹开物体过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出它们的质量关系，由动量定理与牛顿第二定
12、律分析答题【解答】解：A、A、B离开桌面后做平抛运动，它们的运动时间相等，速度之比： =，故A正确；B、两物体及弹簧组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得：mAvAmBvB=0，则质量之比： =，故B错误；C、未离开弹簧时，物体受到的合外力等于弹簧的弹力，两物体受到的合外力相等，加速度之比=，故C正确；D、未离开弹簧时，两物体受到的弹力大小相等，物体所受合外力大小相等、力的作用时间相等，则所受冲量大小相等，故D错误；故选：AC12以整个导弹为研究对象，取v0的方向为正方向根据爆炸的瞬间系统在水平方向上动量守恒，得：Mv0=（M-m）v+mv则得另一块的速度为：v=Mv0?mvM?m若 Mv0mv
13、，则v0，说明另一块沿v0的方向飞去；若 Mv0mv，则v0，说明另一块沿v0的反方向飞去；若 Mv0=mv，则v=0，说明另一块做自由落体运动故选：ABC故选：A (1)实物电路图如图所示；(2)断开或闭合开关或闭合开关后移动滑动变阻器的滑片15.(1) (2)根据法拉第电磁感应定律 0.315.解：(1)线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m=nBS 代人数据得 E m=4000.250.050.04l00 V=20 V (2)根据欧姆定律得：I m= 代人数据得Im= 1A=1A 是正弦交变电流，所以电流表读数即有效值 I= A=0.707A (3)小灯泡消耗的电功率P=I 2R=
14、9.95W 答：(1)线圈中产生的最大感应电动势为20V (2)电流表A的读数为0.707A (3)用电器上消耗的电功率为9.95W16.1）子弹射入沙袋后，与沙袋一起从最低位置摆至最高位置的过程中，机械能守恒由机械能守恒定律可得：12（m1+m2）v共2=（m1+m2）gl（1-cos），解得：v共=2gl(1-cos)；子弹射入沙袋过程系统动量守恒，以 子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=（m1+m2）v共，解得：v0=(m1+m2)2gl(1-cos)m1；（2）子弹射入沙袋过程系统动量守恒，以 子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1=（m1+m2）v共，
15、由能量守恒定律的：E=12m1v12-12（m1+m2）v共2，解得：E=12m1v12-m21v212(m1+m2)；答：（1）子弹射入沙袋前的速度为：(m1+m2)2gl(1-cos)m1；（2）若设子弹射入沙袋前的速度为v1，则整个过程中系统损失的机械能为：12m1v12-m21v212(m1+m2)1当条形磁铁向a环靠近时，穿过a环的磁通量增加，a环闭合产生感应电流，磁铁对a环产生安培力，阻碍两者相对运动，因此a环阻碍磁铁靠近，出现转动现象；当条形磁铁向b环靠近b时，b环中不产生感应电流，磁铁对b环没有安培力作用，b环将静止不动故ABC错误根据楞次定律可知，环a产生的感应电流总是阻碍铝
16、环与磁铁间的相对运动，故D正确故选：D1. 解：线圈中的电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，从而在导体中产生大量的热，涡流现象也是电磁感应；而交流电的频率越大，产生的热量越多故D正确，ABC错误； 故选：D 2. 3.试题分析：交流电是指电流的方向要规律性发生改变的电流，而D中的电流方向均是正的，朝一个方向，只是大小发生了变化，故它不属于交流电，选D。A、B、C中的电流方向有时正，有时负，且呈规律性的变化，故它们都是交流电。4.解：A、以bc为轴转动，磁通量发生变化，所以有感应电流故A正确B、以ab为轴转动，磁通量始终为0，即磁通量不变，无感应电流故B错C、垂直纸面向内匀速运动，磁
17、通量始终为0，无感应电流故C错误 D、在纸面内向下运动，磁通量始终为0，无感应电流故D错误故选A 5.解：A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，故都为交流电，故A错误B、两种电压的最大值是311V，有效值要小于311V，故B错误； C、由于对应相同时刻，图甲电压比图乙电压大，根据有效值的定义可知，图甲有效值要比图乙有效值大，故C正确； D、从图甲可知，E m=311V，= =100rad/s，所以图1电压的瞬时值表达式为u=311sin100t V，故D错误； 故选：C 6.解：L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D 1和D 2是两个完全相同的小灯泡 A、K闭合瞬间，但由于线圈的
18、电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D 1熄灭，D 2变亮故A错误； B、K闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D 1熄灭，D 2变亮故B错误； C、K闭合断开，D 2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D 1亮一下再慢慢熄灭，故C错误； D、K闭合断开，D 2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D 1亮一下再慢慢熄灭，故D正确；故选：
19、D 7.解：根据E= 得，感应电动势与磁通量的变化率成正比-t图线的斜率表示磁通量的变化率，5 s10 s内磁通量的变化率最小，则产生的感应电动势最小故D正确，A、B、C错误 故选：D 8.【解析】有效值是根据焦耳热功率来定义的， ，U=2 V 9.试题分析：设导线长度L的电阻为 ，则 ， ， ， ，线框进入磁场时切割磁感线产生动生电动势，由法拉第电磁感应定律 ，由闭合电路的欧姆定律知 可得： ， ， ， ，则丙图电流最大，选项C正确，故选C. 考点：本题考查了法拉第电磁感应定律、动生电动势、欧姆定律. 10.解：A、在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，磁场方向向里，根据
20、楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，故A错 B、由于CD段导线与磁场垂直同，必定受到安培力作用，根据左手定则判断得知，CD段受安培力向下，故B错误 C、D由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值 = = = ，故C错误，D正确故选D 11.由图所示电路可知：闭合电健K的瞬时，穿过线圈的磁通量变化，有感应电流产生；保持电键K闭合的时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生；断开电键K的瞬时，穿过线圈的磁通量发生变化，有感应电流产生；电键K闭合将变阻器RO的滑动端向左滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，有感应电流产生；故答案为：有无有有12.(1)将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，
21、注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与线圈B串联成另一个回路，电路图如图所示(2)断开或闭合开关的过程中或闭合开关后移动滑片的过程中，穿过线圈B的磁通量发生变化，线圈B与电流计组成的闭合回路中产生感应电流.13.【解析】略 14.变压器副线圈电流(或消耗的功率)与副线圈的负载有关系，因此原线圈的电流(或消耗的功率)也与副线圈的负载有关.(1)设原、副线圈上的电压、电流分别为U1、U2、I1、I2.根据理想变压器的输入功率等于输出功率，有I1U1=I2U2，当I2=12 mA时，I1即为熔断电流.代入数据得I1=0.98 A.(2)设副线圈中电流为I2=10 mA时，变压器的输入功率为
22、P1，根据理想变压器的输入功率等于输出功率，有P1=I2U2，代入数据，得P1=180 W.15.(1)线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m=NBS (2)电流表测量电流的有效值根据E= 和欧姆定律求出电流的有效值 (3)用电器消耗的电功率P=I 2R，I是电流的有效值 16.试题分析：（1）金属棒未进入磁场时， 由法拉第电磁感应定律可得： 通过小灯泡的电流 （2）因灯泡亮度不变，故4s末金属棒恰好进入磁场且做匀速运动，此时金属棒中的电流为： 则恒力 （3）4s后回路中的感应电动势为： 则可知4s末金属棒的速度 （4）由运动学公式可知前4s金属棒的加速度为： 故金属棒的质量 考点：法拉第电磁感应定律 点评：本题涉及到动生电动势和感生电动势，但二者却不是同时出现的，先是感生电动势，4s后是动生电动势，本题还要根据欧姆定律和串并联关系求解。 版权所有：高考资源网()
