1、云南省通海二中2019届高三9月份考试理综 物理一、单选题(共6小题,每小题6.0分) 1.如图所示，轻绳两端分别A、C两物体相连接，mA=1 kg，mB=2 kg，mC=3 kg，物体A、B、C及C与地面间的动摩擦因数均为=0.1，轻绳与滑轮间的摩擦可忽略不计。若要用力将C物拉动，则作用在C物上水平向左的拉力最小为（取g=10 m/s2）（ ）A. 6 N B. 8 NC. 10 N D. 12 N【答案】B【解析】试题分析：若要用力将C物拉动，A会向右运动，AB间的最大静摩擦力，BC间的最大静摩擦力，所以AB间滑动，BC间不滑动，当右侧绳子对A的拉力为时，A开始动，此时BC可以看成一个整体
2、，受到向右的力和拉力大小相等即。故选B考点：摩擦力点评：偏难。此题应注意C物体受几个力，每个力大小是多少，用共点力平衡求解。2.如图所示,A、B是两个质量相同的小钢球,其所处的两个斜槽滑道完全相同,滑道底端切线水平,且滑道2底端与光滑水平板吻接,现将A、B从相对于滑道底端相等高度处由静止同时释放,则将观察到的现象是A、B两个小球在水平面上相碰,改变释放点的高度和上面滑道对地的高度,重复实验,A、B两球仍会在水平面上相碰,这说明()A. 平抛运动在水平方向的运动是匀速直线运动B. 平抛运动在竖直方向的运动是自由落体运动C. A球在下落过程中机械能守恒D. A,B两球的速度任意时刻都相同【答案】A
3、【解析】【详解】改变释放点高度及上面滑道对地的高度两球始终在水平面上相遇，知A球在水平方向上的运动与B球在水平面上的运动相同即平抛运动在水平方向上的分运动是匀速直线运动，故选A3.如图所示为一长为、倾角的固定斜面今有一弹性小球，自与斜面上端等高的某处自由释放，小球落到斜面上反弹时，速度大小不变，碰撞前后，速度方向与斜面夹角相等，若不计空气阻力，欲使小球恰好落到斜面下端，则小球释放点距斜面上端的水平距离为()A. B. C. D. 【答案】D【解析】设小球落到斜面上的速度为，根据平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，有： ，则平抛运动的时间，则平抛运动竖直分位移为：如图
4、所示：小球开始下落为自由落体运动，自由下落的时间为， 则其下落的高度为：得到：，木板在竖直方向上的高度为L，则，则，则由几何知识得，小球释放点距木板上端的水平距离为，故D正确，ABC错误。点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，灵活运用几何关系和运动学公式进行求解。4. （1）某同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究合力的方法，如图所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点。在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA、OB、OC的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法。在
5、实验过程中，下列说法正确的是A、只需要测量橡皮筋的长度，不需要测出橡皮筋的原长B、为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C、以OB、OC为两邻边作平行四边形，其对角线必与OA在一条直线上且长度与OA相等D、多次实验中即使O点不固定，也可以探究求合力的方法【答案】【解析】由秒表可以读出示数为36s，周期为0.5s，AB和BC的时间相等，由，T=0.5s，加速度为0. 20 m/s2. 漏斗的重心变化（或液体痕迹偏粗、阻力变化等）5.取水平地面为重力势能零点。一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。不计空气阻力。该物块落地式的速度方向与水平方向的夹角为A. B. C. D.
6、【答案】B【解析】试题分析：设抛出时物体的初速度为，高度为，物块落地时的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，根据机械能守恒定律得：，据题有：，联立解得：，则，得：，故选项B正确。考点：平抛运动【名师点睛】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角。6.如图甲所示，在某一电场中有一条直电场线，在电场线上取A、B两点，将一个电子由A点以某一初速度释放，它能沿直线运动到B点，且到达B点时速度恰为零，电子运动的vt图像如图乙所示则下列判断正确的是()A. B点场强一定小于A点场强B. 电子在A
7、点的加速度一定小于在B点的加速度C. B点的电势一定低于A点的电势D. 该电场若是正点电荷产生的，则场源电荷一定在A点左侧【答案】C【解析】【详解】由图可知，电子加速度恒定，则可知受电场力不变，由F=Eq可知，A点的场强要等于B点场强；故AB错误；而电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，电子带负电，可知A点的电势要大于B点电势，故C正确，点电荷产生的电场中，一条电场线上的点的场强都不相同，则不可能是点电荷电场，D错误；故选C。【点睛】本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时
8、还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性二、多选题(共2小题,每小题6.0分) 7.如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P栓接，另一端与物体A相连，物体A置于光滑水平桌面上（桌面足够大），A右端连接一水平细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连，开始时托住B，让A处于静止且细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度，下列有关该过程的分析中正确的是A. B物体受到细线的拉力始终保持不变B. B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量C. A物体动能的增加量等于B物体重力对B做的功与弹簧弹力对A做的功之和D. A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A
9、做的功【答案】BD【解析】试题分析： B物体由静止释放，直至B获得最大速度，所以对于A、B和弹簧组成的系统做加速运动，由牛顿第二定律，由于x增大，a减小故系统做加速度减小的加速运动，再隔离B有，绳的拉力T增大，A选项错误；对于A、B和弹簧组成的系统中，由于只有重力和弹簧弹力做功，故系统机械能守恒，B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量和A物体机械能的增加量，B选项正确；根据动能定理可知，A物体动能的增加量等于弹簧弹力和绳子上拉力对A所做功的代数和，故C错误；由功能关系，系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，故A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A做的功
10、，故D选项正确。考点：牛顿第二定律 功能关系 动能定理 机械能守恒定律8.如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为m，带电量为q的油滴恰好好处于静止状态，以下说法正确的是（ ）A. 若将A板向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有ba的电流B. 若将A板向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G中有ba的电流C. 若将S断开，则油滴立即做自由落体运动，G中无电流D. 若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G中有ba的电流【答案】AB【解析】根据题图可知，A板带负电，B板带正电，原来油滴恰好处于静止状态，说明油滴受到的竖直向上的电场
11、力刚好与重力平衡；当S闭合，若将A板向上平移一小段位移，则板间间距d变大，而两板间电压U此时不变，故板间场强E变小，油滴所受的合力方向向下，所以油滴向下加速运动，而根据C可知，电容C减小，故两板所带电荷量Q也减小，因此电容器放电，所以G中有ba的电流，选项A正确；在S闭合的情况下，若将A板向左平移一小段位移，两板间电压U和板间间距d都不变，所以板间场强E不变，油滴受力平衡，仍然静止，但是两板的正对面积S减小了，根据C可知，电容C减小，两板所带电荷量Q也减小，电容器放电，所以G中有ba的电流，选项B正确；若将S断开，两板所带电荷量Q保持不变，板间场强E也不变，油滴仍然静止，选项C错误；若将S断开
12、，再将A板向下平移一小段位移，两板所带电荷量仍保持不变，两板间间距d变小，根据C，U和E，可得E，显然，两板间场强E不变，所以油滴仍然静止，G中无电流，选项D错误故选AB.点睛：本题关键是明确电键闭合时，电容器的电压不变，电键断开时，电容器带电量不变；然后结合公式U=Ed和共点力平衡条件列式分析，基础问题三、实验题(共2小题,共14分) 9.某同学在研究性学习中利用光电门针对自由落体运动进行了研究。如左图所示，用铁架台固定竖直长木板，光电门A、B分别固定在长木板上，AB相距S= 41cm；现从光电门A上方某高度静止释放一个小球，其直径d用20分度的游标卡尺测出，游标卡尺的示数如图7所示。小球通
13、过A、B的时间分别为t1=1.0510-2s、t2=3.5010-3s。回答下列问题：由右图所示，读出小球直d=_mm；物体运动的加速度a=_m/s2；（计算结果取三位有效数字）【答案】 (1). 10.50 (2). 9.76【解析】试题分析：(1) 20分度的游标卡尺的精确度为0.05mm，主尺读数为10mm，游标第10条刻线对的最齐，由游标卡尺的读数规则可读出d=10.50mm；（2）本实验中利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故可以求出A、B的瞬时速度：m/s，m/s， 再由匀加速直线运动规律，解得m/s2考点：游标卡尺的读数 平均速度 瞬时速度 匀加速直线运动规律10.某同学
14、设计的可调电源电路如图 (a)所示，R0为保护电阻，P为滑动变阻器的滑片，闭合电键S.用电压表测量A，B两端的电压：将电压表调零，选择03 V挡，示数如图(b)，电压值为_ V.在接通外电路之前，为了保证外电路的安全，滑片P应先置于_端要使输出电压U变大，滑片P应向_端滑动若电源电路中不接入R0，则在使用过程中，存在_的风险(填“断路”或“短路”)【答案】 (1). 1.30 (2). A (3). B (4). 短路【解析】【详解】由题，电压表的量程为03V，其最小分度为0.1V，则图b中电压值为1.30V在接通外电路之前，为了保证外电路的安全，滑片P应先置于A端，使输出电压为零要使输出电压
15、U变大，PA间的电阻应增大，所以滑片P应向B端移动电路中R0的作用是保护电源；若电源电路中不接入R0，则在使用过程中，滑片移到B端时存在短路的可能【点睛】本题要掌握基本仪器的读数，注意估读一位要理解并掌握分压器电路的原理和调压方法，明确开关闭合前应使输出电压最小，从而确定安全11.具有我国自主知识产权的“歼10”飞机的横空出世，证实了我国航空事业在飞速发展而航空事业的发展又离不开风洞试验，简化模型如图a所示，在光滑的水平轨道上停放相距s010 m的甲、乙两车，其中乙车是风力驱动车在弹射装置使甲车获得v040 m/s的瞬时速度向乙车运动的同时，乙车的风洞开始工作，将风吹向固定在甲车上的挡风板，从
16、而使乙车获得了速度，测绘装置得到了甲、乙两车的vt图象如图b所示，设两车始终未相撞(1)若风对甲、乙的作用力相等，求甲、乙两车的质量比；(2)求两车相距最近时的距离【答案】（1）（2）4.0m【解析】试题分析： (1)由题图b可知：甲车的加速度大小a甲 乙车的加速度大小a乙 因为m甲a甲m乙a乙解得(2)在t1时刻，甲、乙两车的速度相等，均为v10 m/s，此时两车相距最近，对乙车有：va乙t1对甲车有：va甲(0.4t1)可解得t10.3s到速度相等时甲车的位移乙车的位移两车相距最近的距离为smins0s乙s甲4.0 m.考点：匀变速直线运动规律 追及相遇问题12.如图所示，在竖直平面内固定
17、一光滑NB圆弧轨道AB，轨道半径为R0.4 m，轨道最高点A与圆心O等高有一倾角30的斜面，斜面底端C点在圆弧轨道B点正下方、距B点H1.5 m圆弧轨道和斜面均处于场强E100 N/C、竖直向下的匀强电场中现将一个质量为m0.02 kg、带电量为2103C的带电小球从A点静止释放，小球通过B点离开圆弧轨道沿水平方向飞出，当小球运动到斜面上D点时速度方向恰与斜面垂直，并刚好与一个以一定初速度从斜面底端上滑的物块相遇若物块与斜面间动摩擦因数，空气阻力不计，g取10 m/s2，小球和物块都可视为质点求：(1)小球经过B点时对轨道的压力FNB；(2)B、D两点间电势差UBD；(3)物块上滑初速度v0满
18、足的条件【答案】(1)1.2 N竖直向下(2)120 V (3)v03.10 m/s【解析】【详解】（1）设小球到达B点的速度为vB，由动能定理有：mgR+qER=mvB2-0在B点，由牛顿第二定律得：NB-（mg+qE）=m由牛顿第三定律得：NB=-NB联解得：NB=1.2N，方向竖直向下（2）设小球由B点到D点的运动时间为t，加速度为a，下落高度为h有： Eq+mg=mah=at2UBD=Eh联解得：UBD=120V（3）作出小球与物块的运动示意如图所示，设C、D间的距离为x，由几何关系有： 设物块上滑加速度为a，由牛顿运动定律有：mgsin+mgcos=ma根据题意，要物块与小球相遇，有
19、：x联解得：v03.10m/s【点睛】本题是复杂的力电综合题，本题关键分析清楚小球和滑块的运动情况，根据类平抛运动速度分解，由力学规律求解13.下列说法中正确的有（_）A.悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动叫做布朗运动B.金属铁有固定的熔点C.液晶的光学性质具有各向异性D.由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力E.随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小【答案】BCE【解析】布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是固体分子的运动，故A错误；金属铁是晶体，具有固定的熔点，故B正确；液晶是液体，其光学性质具有各向异性
20、，故C正确；由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力，故D错误；随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气对外做功，同时要降温，故内能一定减小，故E正确。所以BCE正确，AD错误。14.如图所示，一个绝热的气缸竖直放置，内有一个绝热且光滑的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，隔板将气缸分成两部分，分别密封着两部分理想气体A和B。活塞的质量为m，横截面积为S，与隔板相距h。现通过电热丝缓慢加热气体，当A气体吸收热量Q时，活塞上升了h，此时气体的温度为T1。已知大气压强为P0，重力加速度为g。加热过程中，若A气体内能增加了1，求B气体内能增
21、加量2现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当活塞恰好回到原来的位置时A气体的温度为T2。求此时添加砂粒的总质量。【答案】【解析】B气体对外做功：W2=pSh=(p0S+mg)h，A体积不变：W1=0；由热力学第一定律，A中气体内能增加了U1得：，则B中气体内能增加量U2：B气体的初状态：，B气体末状态：，由理想气体状态方程得：，解得：15.图甲为一列简谐横波在t0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置为x1 m处的质点，Q是平衡位置为x4 m处的质点，图乙为质点Q的振动图像，则下列说法正确的是（_）A该波的周期是0.10 sB该波的传播速度是40 m/sC该波沿x轴的负方向传播Dt0.1
22、0 s时，质点Q的速度方向向下E从t0.10 s到t0.25 s，质点P通过的路程为30 cm【答案】BCD【解析】由b图得到该波的波长为，由a图得到该波的周期为，故波速为：，A正确；t=0.1s时Q点处在平衡位置上，且向下振动，根据波形平移法可知该波沿x轴负方向传播，BC正确；从t=0.10s到t=0.25s，经历时间，由于时刻质点P不再平衡位置和最大位移处，所以通过路程不是3A=30cm，D错误16.如图所示，直角玻璃三棱镜ABC置于空气中，棱镜的折射率为，A=60一细光束从AC的中点D垂直AC面入射，AD，求：画出光路图并计算出光从棱镜第一次射入空气时的折射角；光从进入棱镜到它第一次从棱镜中射出所经历的时间（光在真空中的传播速度为c）【答案】 【解析】试题分析：光路如图所示i1=600，设玻璃对空气的临界角为C，则：，C=450，i1450，发生全反射，由折射定律有， 所以r=450 棱镜中的光速，所求时间，解得：考点：光的折射定律；全反射。
