1、四川省宜宾市叙州区第二中学2020届高三物理下学期三诊模拟考试试题（含解析）第卷非选择题一、选择题1.关于光电效应，下列说法正确的是（）A. 光电效应是原子核吸收光子向外释放电子的现象B. 饱和光电流的强度与入射光的强度有关，且随入射光强度的增强而减弱C. 金属的逸出功与入射光的频率成正比D. 用不可见光照射某金属，不一定比用可见光照射同种金属产生的光电子的最大初动能大【答案】D【解析】【详解】A光电效应是原子吸收光子向外释放电子的现象，A错误；B饱和光电流的强度随入射光强度的增强而增强，B错误；C逸出功与金属本身特点有关，与外界因素无关，C错误；D由于不可见光的频率有的比可见光大，有的比可见
2、光小，由光电效应方程知产生光电子的初动能无法比较，D正确。故选D2.寻找马航失联客机时，初步确定失事地点位于南纬东经的澳大利亚西南城市珀斯附近的海域，有一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，每天上午同一时刻在该区域的正上方海面照像己知地球半径为R，地表重力加速度为g，卫星距地面的高度为h下列说法正确的是:( )A. 该卫星的运行速度大于第一宇宙速度B. 该卫星可能是同步卫星C. 该卫星的向心加速度为D. 该卫星周期为【答案】D【解析】第一宇宙速度是从地球表面发射人造地球卫星的最小发射速度，是人造地球卫星绕地球飞行的最大环绕速度，故A错误；地球同步卫星一定在赤道上空，故B错误；根据牛顿第二定律得：Gm
3、a；根据万有引力等于重力得：Gmg，解得：a=g，故C错误；卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力， 解得：，故D正确；故选D点睛：解决本题的关键是抓住卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由于卫星所受万有引力指向地心，故卫星所在轨道平面与地心共面，且地心为轨道的圆心，据此才能正确分析得出结论3.滑雪是冬奥会的比赛项目之一。如图所示，某运动员（可视为质点）从雪坡上先后以初速度之比vl：v2=3：4沿水平方向飞出，不计空气阻力，则运动员从飞出到落到雪坡上的整个过程中（ ）A. 运动员先后在空中飞行的时间相同B. 运动员先后落在雪坡上的速度方向不同C. 运动员先后落在雪坡上
4、动量的变化量之比为3:4D. 运动员先后落在雪坡上动能的增加量之比为1:1【答案】C【解析】【详解】A根据x=vt，则两次的初速度不同，则时间不同，选项A错误；B速度方向与水平方向的夹角可知.运动员先后落在雪坡上的速度方向相同，选项B错误；C根据动量定理则运动员先后落在雪坡上动量变化量之比为3:4，选项C正确；D根据动能定理：则运动员先后落在雪坡上动能的增加量之比为9:16，选项D错误；故选C4.如图所示，质量为m的小球置于倾角为30的光滑斜面上，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在小球上，另一端固定在墙上的P点，小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30，则弹簧的伸长量为()A. B. C. D.
5、【答案】C【解析】对小球受力分析如图所示： 由力的合成可知，FN和F的合力与重力mg等大反向，由几何关系可知，又由胡克定律得，解得，故C正确，A、B、D错误；故选C【点睛】以小球为研究对象，分析受力情况可知：小球受到重力、弹簧的拉力和斜面的支持力，作出力图，由平衡条件和胡克定律求解弹簧的伸长量5.如图所示，质量为M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是A. 地面对三棱柱的支持力大于（M+m）gB. 三棱柱A共受3个力作用C. 地面对三棱柱A的摩擦力为mgsinD.
6、地面对三棱柱A的摩擦力为mgtan【答案】D【解析】选取A和B整体为研究对象，它受到重力，地面支持力N，墙壁的弹力F和地面的摩擦力f的作用（如图所示）而处于平衡状态根据平衡条件有：，可得，A错误；三棱柱受竖直向下的重力，地面的支持力，水平面给的摩擦力，B给的弹力，B错误；再以B为研究对象，它受到重力mg，三棱柱对它的支持力，墙壁对它的弹力F的作用（如图所示），而处于平衡状态，根据平衡条件有，解得，所以，C错误D正确6.反射式速调管是常用微波器之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似已知静电场的方向平行于轴，其电势随的分布如图所示一质量，电荷量的带负电的粒子从点由静止
7、开始，仅在电场力作用下在轴上往返运动则（ ）A. 轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比B. 粒子在区间运动过程中的电势能减小C. 该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为D. 该粒子运动的周期【答案】ACD【解析】【详解】根据可知，左侧电场强度：，右侧电场强度：，所以，故A正确粒子带负电，故在区间运动过程中的电势能增加，B错误该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为，C正确粒子运动到原点时速度最大，根据动能定理有：，其中，联立得：，设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为、，在原点时的速度为，由运动学公式有，同理可知：、，而周期，联立得：，故D正确故选ACD7.如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻
8、为r，电表均为理想电表闭合开关S后，若减小R的阻值，则下列说法正确的是()A. 电流表的示数一定增大B. 电压表的示数一定增大C. 电源的输出功率一定增大D. R1上的电压一定减小【答案】AD【解析】【分析】考查闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般思路都是先分析局部电路的电阻变化，再分析整体中电流及电压的变化，最后分析局部电路中的流及电压的变化；在分析局部电路时要注意灵活应用串并联电路的性质【详解】AB减小R的阻值，电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I增大，由得路端电压减小，所以电流表的示数一定增大，电压表的示数一定减小，根据欧姆定律可知电阻R2两端电压增大，故B错
9、误，A正确；C根据数学知识分析得知，当电源的外电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大，由于不知外电阻与内电阻的大小关系，所以当电源的负载电阻减小，输出功率不一定减小，也可能增大，故C错误；D电路中总电流I增大，R2的两端电压增大，又因为路端电压减小，由串联分压得R1电压减小，故D正确；8.如图所示，水平台高h=4m，物体A（可视为质点）的质量m=1kg，一半径R=2m的光滑圆弧轨道竖直固定放置，直径CD处于竖直方向，半径OB与竖直方向的夹角=53，物体以某速度水平向右运动，物体离开平台后恰能沿B点切线方向滑入圆弧轨道(取g=10m/s，sin53 =0.8，co53=0.6)则A. 物体离开平
10、台时的速度=6m/sB. 物体在圆弧轨道B点时，物体对轨道的压力大小为56NC. 物体在圆弧轨道C点时，物体对轨道的压力大小为58ND. 物体能够到达轨道最高点D【答案】ABD【解析】物体离开平台下落到B点的高度，由，得，在B点由几何关系得：，故B点的速度为，重力沿半径方向的分力为，由牛顿第二定律得：，解得：，由牛顿第三定律可知物体在圆弧轨道B点时对轨道的压力大小为56N，故AB正确；物体由A到C，由机械能守恒定律得：，在C点由牛顿第二定律得：，联立解得：，由牛顿第三定律可知物体在圆弧轨道C点时对轨道的压力大小为68N，故C错误；物体由C到D，由机械能守恒定律得：，解得：，而恰能通过D的临界速
11、度为，则物体能够到达轨道最高点D，故D正确；故选ABD【点睛】由几何关系可知物体在空中的高度，由竖直方向的自由落体运动规律可求得竖直分速度；再由运动的合成与分解可求得水平速度；对于圆周运动过程由机械能守恒定律可求得最高点的速度，分析物体能否通过最高点第II卷非选择题二、非选择题：共62分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1316题为选题，考生根据要求作答。(一)必考题9.如图甲所示，在一端封闭、长约1 m的玻璃管内注满清水，水中放一个蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1 s上
12、升的距离都是10 cm，玻璃管向右匀加速平移，每1 s通过的水平位移依次是2.5 cm、7.5 cm、12.5 cm、17.5 cm.图乙中，y轴表示蜡块竖直方向的位移，x轴表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t0时蜡块位于坐标原点（1）请在图乙中画出蜡块在4 s内的轨迹；（2）玻璃管向右平移的加速度a=_m/s2（3）t2s时蜡块的速度v的大小v_m/s（4）4s内蜡块的位移x=_m【答案】 (1). （1） (2). （2）510-2m/s2 (3). （3）m/s （4）【解析】【详解】如图；（2）蜡块在水平方向做匀加速运动，每相邻1秒位移差值x=7.5-2.5=12.5-7.5=17.5-
13、12.5=5（cm）x=at2则加速度 （3）竖直方向上的分速度x=v0t+ at2，将数值代入，x为第一段的位移，0.025m=v01s+0.05m/s2（1s）2解得：v0=0，那么水平分速度vx=at=0.1m/s根据平行四边形定则得， (4)由物体运动得轨迹可得物体在4s时水平和竖直方向得位移均为40cm，因此物体得位移为点睛：解决本题的关键知道蜡块参与了竖直方向上的匀速直线运动和水平方向上的匀加速直线运动，知道速度、加速度、位移都是矢量，合成遵循平行四边形定则10.在“测定金属的电阻率”的实验中，测定阻值为35的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格为量程03V、内阻3k；电流表规格
14、为量程00.6A.内阻0.1；还有其他一些器材：(1)用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，可知金属丝的直径d=_mm：(2)图乙为实验中所采用的电路的一部分，请将虚线框中的部分电路连接完整_：(3)实验中测得电压表的示数为U，电流表的示数为I，还应测出的物理量是_，则电阻率的计算公式=_(用所测物理量的字母表示，不计电表内阻带来的影响)。【答案】 (1). 0.622（0.621-0.623） (2). (3). 电阻丝的长度L (4). 【解析】【详解】（1）1由图示螺旋测微器可知，其示数为d=0.5mm+12.20.01mm=0.622mm（2）2金属钛的电阻约为35，电压表内阻为3k
15、，电流表内阻为0.1，电压表内阻远大于金属钛的电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示（3）34测金属钛电阻率还需要测出金属钛的长度L，金属钛的电阻由电阻定律得联立解得电阻率11.如图是上海中心大厦，小明乘坐大厦快速电梯，从底层到达第119层观光平台仅用时55 s若电梯先以加速度a1做匀加速运动，达到最大速度18 m/s然后以最大速度匀速运动，最后以加速度a2做匀减速运动恰好到达观光平台假定观光平台高度为549 m（1）若电梯经过20 s匀加速达到最大速度，求加速度a1及上升高度h；（2）在（1）问中的匀加速上升过程中，若小明的质量为60 kg，求小明对电梯地板的压力；（3）求电梯匀速运动的时
16、间【答案】（1） ， （2）654N竖直向下（3）6s【解析】(1)由运动学公式可得a1m/s20.9 m/s2ha1t0.9202 m180 m(2)根据牛顿第二定律可得FNmgma1则FNmgma1654 N根据牛顿第三定律得小明对地板的压力FNFN654 N，方向竖直向下(3)设匀速运动时间为t0，运动的总时间为t，作出vt图象，由图象可得H (tt0)vm代入数据解得t06 s.【名师点睛】由运动学公式可求加速度及上升高度；根据牛顿第二定律和牛顿第三定律可求小明对电梯地板的压力；由v-t图可求电梯匀速运动的时间12.如图所示，在竖直分界线的左侧有垂直纸面的匀强磁场，竖直屏与之间有方向向
17、上的匀强电场。在处有两个带正电的小球和，两小球间不发生电荷转移。若在两小球间放置一个被压缩且锁定的小型弹簧（不计弹簧长度），解锁弹簧后，两小球均获得沿水平方向的速度。已知小球的质量是小球的倍，电荷量是小球的倍。若测得小球在磁场中运动的半径为，小球击中屏的位置的竖直偏转位移也等于。两小球重力均不计。(1)将两球位置互换，解锁弹簧后，小球在磁场中运动，求两球在磁场中运动半径之比、时间之比；(2)若小球向左运动求、两小球打在屏上的位置之间的距离。【答案】(1)，；(2)【解析】【详解】(1)两小球静止反向弹开过程，系统动量守恒有小球A、B在磁场中做圆周运动，分别有，解式得磁场运动周期分别为，解得运动
18、时间之比为(2)如图所示，小球A经圆周运动后，在电场中做类平抛运动。水平方向有竖直方向有由牛顿第二定律得解式得小球B在电场中做类平抛运动，同理有由题意知应用几何关系得解式得13.墨滴入水，扩而散之，徐徐混匀，关于该现象的分析正确的是（ ）A. 混合均匀主要是由于碳粒受重力作用B. 混合均匀的过程中，水分子和碳粒都做无规则运动C. 使用碳粒更小的墨汁，混合均匀的过程进行得更迅速D. 墨汁的扩散运动是由于碳粒和水分子发生化学反应引起的E. 温度越高，混合均匀的过程进行得更迅速【答案】BCE【解析】【详解】A碳素墨水滴入水中，观察到的布朗运动是液体分子不停地做无规则撞击碳悬浮微粒，悬浮微粒受到的来自
19、各个方向的液体分子的撞击作用不平衡的导致的无规则运动，不是由于碳粒受重力作用，故A错误；B混合均匀的过程中，水分子做无规则的运动，碳粒的布朗运动也是做无规则运动，故B正确；C当悬浮微粒越小时，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡性表现得越强，即布朗运动越显著，所以使用碳粒更小的墨汁，混合均匀的过程进行得更迅速，故C正确；D墨汁的扩散运动是由于微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡引起的，故D错误；E温度越高，布朗运动越激烈，混合均匀的过程进行得越迅速，故E正确。故选BCE。【点睛】该题中，碳微粒的无规则运动是布朗运动，明确布朗运动的实质是解题的关键，注意悬浮微粒只有借
20、助显微镜才能看到14.如图，容积为V的汽缸由导热材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K.开始时，K关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0.现将K打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为时，将K关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了.不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g.求流入汽缸内液体的质量.【答案】【解析】【详解】设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V1，压强为p1，下方气体的体积为V2，压强为p2.在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得p0p1V1
21、p0p2V2由已知条件得V1VV2设活塞上方液体的质量为m，由力的平衡条件得p2Sp1Smg联立以上各式得：m.15.一列简谐横波沿水平绳向右传播，其周期为，振幅为，绳上两质点、的平衡位置相距个波长，质点位于质点右方规定向上为正方向，在时刻质点的位移为分，且向上运动，经过时间，质点的位移仍为，但向下运动，则下列说法正确的是_.A. 在时刻，质点N恰好位于波谷B. 在时刻，质点N的位移为负C. 在时刻，质点N振动的方向向下D. E. 【答案】BCE【解析】【详解】由题可知在t=0时M位移为，且向上运动，则M点的振动方程为：，将在t=0时M位移为代入方程得：，所以：；经时间，M位移仍为，但向下运动
22、，代入公式得：；两质点M、N的平衡位置相距波长，N位于M右方，时刻与时刻的波形图分别如图甲和图乙所示，在时刻，质点N的位移为负，质点N振动的方向向下，故B、C、E正确，A、D错误；故选BCD 16.如图所示，用折射率的玻璃做成一个外径为R的半球形空心球壳一束与平行的平行光射向此半球的外表面，若让一个半径为的圆形遮光板的圆心过轴，并且垂直该轴放置则球壳内部恰好没有光线射入试求：（1）过遮光板边缘的光线射入玻璃时的折射角r；（2）球壳的内径.【答案】(1) (2) 【解析】【详解】（1）由题图和几何知识得：，1=45由折射率的定义式为： 联立解出得：r=30（2）对临界光线为：sinC=在题图oab中，由正弦定理得： 联立解得：R=R【点睛】题是折射定律、临界角和几何知识的综合应用，作出光路图是基础，要灵活运用数学知识帮助解决物理问题
