1、宁夏育才中学2023-2024学年第一学期高二年级期中考试数学试卷(试卷满分150分，考试时间为120分钟)一、单项选择题（每道小题只有一个正确答案，共8道小题，每小题5分，共计40分）1. 在直角坐标系中，直线的倾斜角是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】将直线方程化为斜截式，即可得到斜率，从而得到倾斜角.【详解】直线即，则直线的斜率，所以倾斜角为.故选：D2. 已知向量，且，那么（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据题意，设，即，2，分析可得、的值，进而由向量模的计算公式计算可得答案【详解】根据题意，向量，2，且，则设，即，2，则有，则，则，故；故
2、选：A3. 如图，空间四边形OABC中，点M是OA的中点，点N在BC上，且，设，则x，y，z的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】将表示为以为基底的向量，由此求得的值.【详解】依题意，所以.故选：C.【点睛】本小题主要考查空间中，用基底表示向量，考查空间向量的线性运算，属于基础题.4. 双曲线与椭圆的焦点相同，则等于（ ）A. 1B. C. 1或D. 2【答案】A【解析】【分析】根据双曲线方程形式确定焦点位置，再根据半焦距关系列式求参数.【详解】因为双曲线的焦点在轴上，所以椭圆的焦点在轴上，依题意得解得.故选：A5. “”是“方程表示椭圆”的（ ）A. 充分不必要条件B
3、. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】首先求曲线表示椭圆的的取值范围，再根据集合的包含关系判断选项【详解】曲线表示椭圆，即或. 或， “”是“曲线表示椭圆”的必要不充分条件.故选：B6. 已知点和，动点满足，则的轨迹方程是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】设，由两点的距离公式可得，再化简可得解.【详解】解：设，因为，所以，即 ，两边平方整理得：， 两边平方整理得：，即 ，故选:B.【点睛】本题考查了两点的距离公式，主要考查了轨迹方程的求法，重点考查了运算能力.7. 若圆M：上只有三个点到直线的距离为1，求a的取值（ ）A. B
4、. C. D. 【答案】D【解析】【分析】化圆的方程为标准方程，求出圆心与半径，问题转化为圆心到直线的距离为1，即可求解a的取值.【详解】由圆M：，得，可得圆M的圆心坐标为，半径，如图， 若要使圆M到直线的距离为1的点只有三个，因为圆的半径，所以圆心到直线的距离为1，由点到直线的距离公式可得，即，解得，.故选：D.8. 正多面体也称柏拉图立体，被誉为最有规律的立体结构，是所有面都只由一种正多边形构成的多面体（各面都是全等的正多边形）.数学家已经证明世界上只存在五种柏拉图立体，即正四面体、正六面体、正八面体、正十二面体、正二十面体.已知一个正八面体ABCDEF的棱长都是2（如图），P，Q分别为棱
5、AB，AD的中点，则（ ） A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】A【解析】【分析】根据正八面体的性质得到，然后利用线性运算和数量积的运算律计算即可.【详解】由正八面体的性质可得，则，.故选：A.二、多项选择题（每道小题至少有两个正确答案，共4道小题，每小题5分，共计20分）9. 已知空间中三点，则（ ）A. 向量与互相垂直B. 与方向相反的单位向量的坐标是C. 与夹角的余弦值是D. 在上的投影向量的模为【答案】ABC【解析】【分析】根据空间向量数量积的坐标表示公式，结合投影向量的定义、空间向量夹角公式逐一判断即可.【详解】由已知可得，.因为，所以与互相垂直，故A正确；，所以与方向相反的单位
6、向量的坐标是，故B正确；，所以，故C正确；在上的投影向量的模为，故D错误.故选：ABC10. 直线（A，B不同时为0）下列说法正确的是（ ）A. 则该直线与两坐标轴都相交B. ，则该直线与轴平行C. 则该直线为轴所在直线D. ，则该直线过原点【答案】ACD【解析】【分析】根据，与零的关系得到直线方程的形式，然后判断即可.【详解】若，则，该直线与两坐标轴都有交点，故A正确；，则直线方程为，该直线与轴平行或重合，故B错；，则直线方程为，表示轴所在的直线，故C正确；，则直线方程为，经过原点，故D正确.故选：ACD.11. 已知直线()与圆：，则（ ）A. 对，直线恒过一定点B ，使直线与圆相切C.
7、对，直线与圆一定相交D. 直线与圆相交且直线被圆所截得的最短弦长为【答案】ACD【解析】【分析】通过直线转化为直线系，求出直线恒过的定点；说明直线被圆截得的弦长最小时，圆心与定点连线与直线垂直，由勾股定理即可得到最短弦长【详解】解：直线，即，令，解得，即直线恒过定点，故A正确；圆：即圆：，圆心，半径，则，即点在圆内，所以直线与圆一定相交，故B错误，C正确；因为，当时直线与圆相交且直线被圆所截得的弦长最短，最短弦长，故D正确；故选：ACD12. 如图，在平行六面体中，以顶点A为端点的三条棱长均为6，且它们彼此的夹角都是60，下列说法中不正确的是（ ）A. B. 平面C. 向量与的夹角是60D.
8、直线与AC所成角的余弦值为【答案】AC【解析】【分析】根据题意，利用空间向量的线性运算和数量积运算，对选项中的命题分析，判断正误即可【详解】解：对于，所以，选项错误；对于，所以，即，所以，即，因为，平面，所以平面，选项正确；对于：向量与 的夹角是，所以向量与的夹角也是，选项错误；对于，所以，同理，可得，所以，所以选项正确故选：AC三、填空题（共四小题，每小题5分，共计20分）13. 若圆与圆外切，则值为_；【答案】4【解析】【分析】根据两圆外切列方程，解方程即可.【详解】圆即，圆心为，半径为且，圆即，圆心为，半径为4，因为两圆外切，所以，解得.故答案为：4.14. 已知点，则点M关于直线的对称
9、点的坐标是_【答案】【解析】【分析】设出点M关于直线的对称点的坐标，根据对称的几何性质列出方程组，即可求得答案.【详解】设点关于直线的对称点的坐标为，则，解得，故点M关于直线的对称点的坐标是，故答案为：15. 如图，在大小为60的二面角中，四边形ABFE，CDEF都是边长为1的正方形，则B，D两点间的距离是_【答案】【解析】【分析】利用，求出向量间的夹角，结合向量乘法即可求【详解】由题意可知，则BFC为二面角的平面角，故又，故异面直线BF，ED所成角也为，故答案为：16. 已知椭圆的左，右焦点分别是，点是椭圆上一点，满足，若以点为圆心，为半径的圆与圆，圆都内切；其中，则椭圆的离心率为_.【答案
10、】【解析】【分析】由题意画出图形，由已知向量等式可得，再由圆与圆的位置关系及椭圆定义求得、，然后利用勾股定理列式求解【详解】解：如图，由，可得，即，所以，所以，又以点为圆心，为半径的圆与圆，圆都内切，即，又由椭圆定义可得，联立可得，在中，由，可得，即，可得故答案为：四、解答题（要求有详细的解题步骤，共6道小题，共计70分）17. 已知直线过点（1）若直线与直线垂直，求直线的方程；（2）若直线与两坐标轴上围成三角形面积为，求直线的方程【答案】（1） （2）或【解析】【分析】（1）设直线的方程为，代入点坐标可得答案；（2）设直线的方程为，求出横截距、纵截距，利用可得答案.【小问1详解】设直线的方程
11、为过点，的方程：；【小问2详解】设直线的方程为，横截距为，纵截距为，或，方程为或.18. 已知椭圆的两个焦点分别为，并经过点（1）求椭圆的标准方程（2）过坐标原点且倾斜角为的直线与椭圆交与A，B两点，求的面积【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据两点间距离公式和椭圆的定义得到，根据得到，然后写椭圆方程即可；（2）联立直线和椭圆方程得到，然后求三角形面积即可.【小问1详解】设椭圆的标准方程为由椭圆定义得：，所以，又，所以椭圆的标准方程为.【小问2详解】设，联立消得：，所以，所以.19. 在平面直角坐标系中，已知四点（1）这四点是否在同一个圆上？如果是，求出这个圆的方程；如果不是，请说明
12、理由；（2）以线段为直径作圆，过点作圆的切线，求切线的方程【答案】（1）在，； （2）或【解析】【分析】(1)设出经过，三点的圆的方程，将三点代入解方程，求出，的值，再将点坐标代入即可得出结论；(2)求出以线段为直径的圆的方程，设出切线方程，利用圆心到直线的距离等于半径，求解即可【小问1详解】设经过，三点的圆的方程为，解得，经过，三点的圆的方程为，由于，故点也在这个圆上，因此，四点，都在圆上【小问2详解】以线段为直径作圆，圆心，半径为：1，过点作圆的切线，当切线斜率存在时，设切线方程为：，即可得：，解得，当切线斜率不存在时，也满足题意，切线方程为：或20. 如图，在四棱锥中，平面ABCD，E为
13、PD的中点，点F为PC上靠近P的三等分点（1）求二面角的余弦值；（2）设点G在PB上，且判断直线AG是否在平面AEF内，说明理由【答案】（1）；（2）直线AG在平面AEF内，理由见解析【解析】【分析】（1）先建立空间直角坐标系并标点坐标，找出平面AEP的法向量，求出平面AEF的法向量，最后求二面角的余弦值即可；（2）先求点的坐标和的坐标表示，再求利用平面AEF的法向量，证明直线AG在平面AEF内即可.【详解】（1）以A为原点，在平面ABCD内过A作CD的平行线为x轴，AD为y轴，AP为z轴，建立空间直角坐标系，则平面AEP的法向量设平面AEF的法向量，则，取，得，设二面角的平面角为，则二面角的
14、余弦值为（2）直线AG在平面AEF内，理由如下：点G在PB上，且，平面AEF的法向量，故直线AG在平面AEF内【考点】本题考查线面的位置关系，利用空间向量求二面角，是基础题.21. 在空间直角坐标系中，三棱锥，.（1）求三棱锥的体积（2）用求轨迹方程的思想方法，试求在空间直角坐标系中，以为方向向量，过点的直线方程【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）求出平面一个法向量，利用向量法求出点到平面的距离，在利用夹角公式求出，从而求出，最后根据体积公式计算可得；（2）取该直线上任意一点 (异于点)，依题意可得，则存在实数，使得，消去参数，即可得解.【小问1详解】设平面的一个法向量为,则有，令，则
15、，所以，点到平面的距离，即棱锥的高又，所以，所以，所以三棱锥的体积.【小问2详解】取该直线上任意一点 (异于点)，则，依题意可得，所以存在实数，使得，即，即，消去参数可得，将代入上式，适合此方程，所以该直线方程为：.22. 如图，已知点M在圆上运动，轴(垂足为N)，点Q在NM的延长线上，且.（1）求动点Q的轨迹方程；（2）直线l：与1中动点Q的轨迹交于两个不同的点A和B，圆O上存在两点C、D，满足，求m的取值范围；【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）利用代入法求动点的轨迹方程；（2）根据直线与的轨迹交于两个不同的点列方程得到，将圆上存在两点、，满足，转化为的垂直平分线与圆有两个交点，然后列不等式求解即可.小问1详解】设动点，点，由点在圆上，则，由，则，把，代入，得动点的轨迹方程为【小问2详解】
