1、五调考试物理部分参考答案14B【解析】对AB整体受力分析，受重力和支持力，相对地面无相对滑动趋势，故不受摩擦力，根据平衡条件，故A错误；对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：，其中，故：，B正确C错误；若剪断绳子（A不动），B球受重力和支持力，将沿球面下滑，加速度沿曲面的切线，D错误。另外根据牛顿第二定律，有：，因为，所以，解得：。15 A【解析】(提示:电视画面的幅度比正常的偏小，说明电子束的偏转半径偏大.由可知，其原因是B减小或是v增大.又由得，加速电场的电压过高，会引起电子速率偏大，选择不可能的原因故选项A正确)16 A【解析】水离开喷口时竖直分速度为vvsin6024m/s，在竖
2、直方向上升的高度Hv2/2g 28.8m，水离开喷口到达着火位置所用时间为tv/g 2.4s，空中水柱的水量为VQt0.280.24/60 1.1210-2 m3。正确选项：A。17. A18. AB【解析】速度-时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体、的加速度都在不断减小，故A正确；图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，、两物体的位移都在不断增大，故B正确；图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从均匀减小到，或从均匀增加到，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于，故的平均速度大于匀加速运动的平均速度
3、，的平均速度小于匀减速运动的平均速度，故C错误；两个物体从同一地点，物体的速度先大于的速度，两者间距增大，速度相等后，的速度小于的速度，两者间距减小，速度相等时相距最远，故D错误考点：匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系【名师点睛】本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理。19ACD【解析】由乙图可知，小球在B点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度：，又：，解得，故A正确；从C到A小球的动能一直增大，说明电场力一直做正功，故电势能一直减小，
4、电势一直减小，故B错误C正确；由C到B电场力做功为WCB=mvB2-0，CB间电势差为，故D正确故选ACD考点：电场强度；电势及电势差20. BC21. BD【解析】A、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsin=kx2，x2为弹簧相对于原长的伸长量，但由于开始是弹簧是压缩的，故dx2，故m2gsinkd，故A错误；B、当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsin=kx2，根据牛顿第二定律：F-m1gsin-kx2=ma，已知m1gsin=kx1，x1+x2=d 故物块A加速度等于，故B
5、正确； C、拉力的瞬时功率P=Fv，故C错误； D、根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为，故D正确；故选：BD22mg； ；mgx1=【解析】试题分析：小车匀速下滑时受到重力、支持力、摩擦力和拉力，合力为零；撤去拉力后，其余力不变，故合力等于撤去的拉力；故答案为：mg匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度，故vC=动能增量为：mvc2=合力的功为：w=mgx1需要验证的关系式为：mgx1=；23. (1) C （分压电路） (2) 偏大 (3) 【解析】（1）滑动变阻器采用分压接法，应选择小电阻，故选C正确。（2）电流表采用外接法，由于电压表
6、的分流作用，导致测量的灯泡的电流值偏大。 （3）由（2）中分析可知，在相同电压情况下，灯泡实际电流比测量值偏小，因此II是真实的伏安特性曲线；24. （1）v=1m/s （2）5krad/s其中k=1，2，3， （3）1m1.125m解析（1）小球离开小车后，由于惯性，将以离开小车时的速度作平抛运动 (1分) (1分)小车运动到O点的速度 (1分)（2）为使小球刚好落在A点，则小球下落的时间为圆盘转动周期的整数倍，有， 其中k=1，2，3， (2分)即 rad/s， 其中k=1，2，3， (2分)（3）小球若能落到圆盘上，其在O点的速度范围是：0v1m/s，设水平拉力作用的最小距离与最大距离分
7、别为x1、x2，对应到达O点的速度分别为0、1m/s根据动能定理，有 (2分) 代入数据解得x1=1m 根据动能定理，有 (2分) 代入数据解得x2=1.125m 则水平拉力F作用的距离范围 1mx1.125m (2分)2521J 35.5N 0.90m（1）（6分）设滑块运动到D点时的速度为，小车在此时的速度为滑块从A运动到D的过程中系统动量守恒 2分小车的速度为小车与滑块组成的系统损失的机械能为E 2分 2分（2）（6分）设滑块刚过D点时，受到轨道的支持力为N 4分 得N=35.5N 1分滑块对轨道压力 1分（3）（8分）滑块沿圆弧轨道上升到最大高度时，滑块与小车具有共同速度v由动量守恒定
8、律 2分 2分设圆弧轨道的最小半径为由动量守恒关系 2分 2分33. （1）DE（2）解析：（1）开始时，pA02大气压，VA0V0/3 打开阀门，A室气体等温变化，pAl大气压，体积VA pA0VA0pAVA VA3(2)V0 （2）从T0300K升到T，体积为V0，压强为PA，等压过程T1400K450K，pA1pAp0，水银柱的高度差为0从T450K升高到T2540K等容过程 1.2大气压 T2540K时，水银高度差为15.2cm34.（1）【答案】ABD【解析】在同一地点，重力加速度g为定值，根据单摆周期公式可知，周期的平方与摆长成正比，故选项A正确；弹簧振子做简谐振动时，只有动能和势
9、能参与转化，根据机械能守恒条件可知，振动系统的势能与动能之和保持不变，故选项B正确；根据单摆周期公式可知，单摆的周期与质量无关，故选项C错误；当系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，故选项D正确；若弹簧振子初始时刻在波峰或波谷位置，知道周期后，可以确定任意时刻运动速度的方向，若弹簧振子初始时刻不在波峰或波谷位置，则无法确定，故选项E错误。（2）【解析】在半圆柱形玻璃砖横截面内，考虑沿半径方向射到圆心O的光线1（如图），它在圆心处的入射角，为恰好等于全反射临界角，发生全反射 在光线1左侧的光线，（例如光线2，），经过柱面折射后，射在玻璃砖底面上的入射角满足 因而在底面上发生全反射，不能直接折射出， 在光线1右侧的光线（例如光线3）经柱面折射后，射在玻璃砖底面上的入射角 满足因而在底面上不能发生全反射，能从玻璃砖底面射出射到半圆柱面最右侧的光线4与柱面相切，入射角i为 由折射定律知，经圆柱面折射后的折射角，满足， 式子中，n时玻璃的折射率，由全反射角的定义知 联立式得 由几何关系可得，故底面上透光部分的宽度OB为
