1、江西省宜春市2016年高考物理全真模拟试卷（解析版）一、选择题（本大题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1至5题只有一项符合题目要求，第6至8题有两项或三项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）12008年1月下旬以来，我国南方遭遇50年未遇的雨雪冰冻灾害新华网长沙1月26日电，马路上的冰层坚硬如铁、光滑如玻璃，高压电线覆冰后有成人大腿般粗，为清除高压输电线上的冰凌，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为P；除冰时，输电线上的热损耗功率需变为9P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻
2、不变）（）A输电电流为B输电电流为9IC输电电压为3UD输电电压为2火车转弯时，如果铁路弯道的内外轨一样高，外轨对轮缘（如图a所示）挤压的弹力F提供了火车转弯的向心力（如图b所示），但是靠这种办法得到向心力，铁轨和车轮极易受损在修筑铁路时，弯道处的外轨会略高于内轨（如图c所示），当火车以规定的行驶速度转弯时，内、外轨均不会受到轮缘的挤压，设此时的速度大小为v，以下说法中正确的是（）A该弯道的半径R=B当火车质量改变时，规定的行驶速度也将改变C当火车速率大于v时，外轨将受到轮缘的挤压D当火车速率小于v时，外轨将受到轮缘的挤压3甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其vt图象如图所示
3、，则（）A1 s时甲和乙相遇B2 s时甲的速度方向反向C26 s内甲相对乙做匀速直线运动D4 s时乙的加速度方向反向4如图所示电路中，A、B是两个完全相同的灯泡，L为自感系数很大的线圈，其直流电阻小于灯泡电阻C是电容器，闭合开关，电路稳定时，B灯恰能正常发光，则下列说法正确的是（）A开关闭合的瞬间，A，B同时发光，亮度也相同B开关闭合的瞬间，B立即亮，A逐渐变亮C开关闭合足够长时间后再断开，A灯灯丝不可能被烧断D开关闭合足够长时间后再断开，B立即熄灭，而A逐渐熄灭5在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，vt图象如图所示，则下列说法正确的是（）Aa，c带负电，b，d
4、带正电Ba，c带正电，b，d 带负电Ca，d带正电，b，c带负电Da，d带负电，b，c带正电61922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖若速度相同的同一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列相关说法中正确的是（）A该束带电粒子带正电B速度选择器的P1极板带负电C在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷越小D在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大7如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计，整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平
5、面向上，t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电荷量q随时间t的变化关系如图乙所示，下列关于穿过回路abPMa的磁通量、金属棒加速度a、金属棒受到的外力F、通过金属棒中电流I随时间变化的图象正确的是（）ABCD8我国的“天链一号”星是地球同步轨道卫星，可为载人航天器及中低轨道卫星提供数据通讯如图为“天链一号“星a、赤道平面内的低轨道卫星b、地球的位置关系示意图，O为地心，地球相对卫星a、b的张角分别为1和2（2图中未标出），卫星a的轨道半径是b的4倍已知卫星a、b绕地球同向运行，卫星a的周期为T，在运行过程中由于地球的遮挡，卫星b会进入与卫星a通讯
6、的盲区卫星间的通讯信号视为沿直线传播，信号传输时间可忽略下列分析正确的是（）A张角1和2满足sin2=4sin1B卫星b星的周期为C卫星b每次在盲区运行的时间为TD卫星b每次在盲区运行的时间为T二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生必须作答第1318题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9某实验小组利用图示装置进行“探究动能定理”的实验，实验步骤如下：A挂上钩码，调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；B打开速度传感器，取下轻绳和钩码，保持A中调节好的长木板倾角不变，让小车从长木板顶端静止下滑，分别记录小车通过速度传感器1和速度传感器
7、2时的速度大小v1和v2；C重新挂上细绳和钩码，改变钩码的个数，重复A到B的步骤回答下列问题：（1）按上述方案做实验，长木板表面粗糙对实验 结果是否有影响？_（填“是”或“否”）；（2）若要验证动能定理的表达式，还需测量的物理量有_；A悬挂钩码的总质量m B长木板的倾角C两传感器间的距离l D小车的质量M（3）根据实验所测的物理量，动能定理的表达式为：_（重力加速度为g）10有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60cm，电阻大约为10横截面如图甲所示用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为_mm；现有如下器材A电流表（量程0.6A，内阻约0.1）B电流表（量程3A，内
8、阻约0.03）C电压表（量程3V，内阻约3k）D滑动变阻器（1750，0.3A）E滑动变阻器（5，3A）F蓄电池（6V，内阻很小）G开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选_，滑动变阻器应选_（只填代号字母）请将图丙所示的实际测量电路补充完整已知金属管线样品材料的电阻率为，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是_计算中空部分截面积的表达式为S=_11（12分）（2016宜春校级模拟）如图所示，在光滑绝缘水平面放置一带正电的长直细棒，其周围产生垂直于带电细棒
9、的辐射状电场，场强大小E与距细棒的垂直距离r成反比，即E=（k为未知数），在带电长直细棒右侧，有一长为L的绝缘细线连接了两个质量均为m的带电小球A和B，小球A、B所带电荷量分别为+q和+4q，A球距直棒的距离也为L，两个球在外力F=2mg的作用下处于静止状态不计两小球之间的静电力作用（1）求k的值；（2）若撤去外力F，求在撤去外力瞬时A、B小球的加速度和A、B小球间绝缘细线的拉力12（20分）（2015重庆校级模拟）如图所示，轻弹簧一端固定在与斜面垂直的挡板上，另一端点在O位置质量为m的物块A（可视为质点）以初速度v0从斜面的顶端P点沿斜面向下运动，与弹簧接触后压缩弹簧，将弹簧右端压到O点位置
10、后，A又被弹簧弹回物块A离开弹簧后，恰好回到P点已知OP的距离为x0，物块A与斜面间的动摩擦因数为，斜面倾角为求：（1）O点和O点间的距离x1；（2）弹簧在最低点O处的弹性势能；（3）在轻弹簧旁边并排放置另一根与之完全相同的弹簧，一端与挡板固定若将另一个与A材料相同的物块B（可视为质点）与两根弹簧右端拴接，设B的质量为m，=2tan，v0=3将A与B并排在一起，使两根弹簧仍压缩到O点位置，然后从静止释放，若A离开B后最终未冲出斜面，求需满足的条件？（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3-3模块】（15分）13下列说法正确的是（）A一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B扫地时扬起的尘埃
11、在空气中的运动是布朗运动C悬浮在液体中的微粒越大，布朗运动就越明显D在液体表面分子之间表现为引力E外界对物体做功，物体的内能不一定增加14如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h现通过电热丝缓慢加热气体，当气体的温度为T1时活塞上升了h已知大气压强为p0重力加速度为g，不计活塞与气缸间摩擦求温度为T1时气体的压强；现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好回到原来位置，求此时气体的温度物理-选修3-4（15分）15（2016宜春校级模拟）下列说法正确的是（）A如果质点所受的力与它偏
12、离平衡位置的位移大小的平方根成正比，且总是指向平衡位置，质点的运动就是简谐运动B机械波的传播速度仅由介质决定，机械波的频率仅由波源决定C向人体内发射频率已知的超声波被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率就能知道血流的速度，这种方法利用了多普勒效应D麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是：变化的磁场产生变化的电场；变化的电场产生变化的磁场E狭义相对论表明物体运动时的质量总是要大于其静止时的质量16（2016宜春校级模拟）如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成角射入后对射出的折射光线的强度进行记录，发现它随着角的变化而变化，变化关系如图乙所示，如图丙所示是这
13、种材料制成的玻璃砖，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为4R，宽为2R的长方形，一束单色光从左侧A点沿半径方向与长边成45角射入玻璃砖，求：该透明材料的折射率；光线在玻璃砖中运动的总时间；（光在空气中的传播速度为c）【物理-选修3-5】17（2016宜春校级模拟）氢原子处于基态时的能量为E1，激发态与基态之间的能量关系为En=（n为量子数），处于基态的大量氢原子由于吸收某种单色光后，最多能产生3种不同波长的光，则被吸收的单色光的频率为_，产生的3种不同波长的光中，最大波长为_（已知普朗克常量为h，光速为c）18（2016宜春校级模拟）如图所示，可视为质点的木块A、B质量为mA=mB=2kg，两物体
14、与水平地面的动摩擦因数均为=0.4，木块A、B粘在一起且中间夹有一小块炸药（炸药的质量可以忽略不计）当A、B向右运动到O点时速度为v0=1m/s，此时炸药爆炸使木块A、B分离，A运动距离L=1.5m后到达P点速度变为v=2m/s，炸药爆炸时释放的化学能均全部转化为木块的动能，爆炸时间很短可以忽略不计重力加速度为g=10m/s2求：（1）爆炸瞬间B的冲量；（2）炸药爆炸时释放的化学能2016年江西省宜春市上高二中高考物理全真模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1至5题只有一项符合题目要求，第6至8题有两项或三项符合题目要求.全部选对的得6
15、分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）12008年1月下旬以来，我国南方遭遇50年未遇的雨雪冰冻灾害新华网长沙1月26日电，马路上的冰层坚硬如铁、光滑如玻璃，高压电线覆冰后有成人大腿般粗，为清除高压输电线上的冰凌，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为P；除冰时，输电线上的热损耗功率需变为9P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A输电电流为B输电电流为9IC输电电压为3UD输电电压为【考点】远距离输电【分析】根据I=，可以求出输电线上的电流；根据P=I2R可以求出输电线上损失的电功率【解答】解：高压线上的热耗功率P
16、=I2R线若热耗功率变为9P，则9P=I2R线由得I=3I，所以A B错误又输送功率不变，由P=UI=UI得U=U，所以C错误，D正确故选D【点评】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压2火车转弯时，如果铁路弯道的内外轨一样高，外轨对轮缘（如图a所示）挤压的弹力F提供了火车转弯的向心力（如图b所示），但是靠这种办法得到向心力，铁轨和车轮极易受损在修筑铁路时，弯道处的外轨会略高于内轨（如图c所示），当火车以规定的行驶速度转弯时，内、外轨均不会受到轮缘的挤压，设此时的速度大小为v，以下说法中正确的是（）A该弯道的半径R=B当火车质量改变时，规
17、定的行驶速度也将改变C当火车速率大于v时，外轨将受到轮缘的挤压D当火车速率小于v时，外轨将受到轮缘的挤压【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力；若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力【解答】解：A、火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，靠重力和支持力的合力提供向心力，设转弯处斜面的倾角为，根据牛顿第二定律得：mgtan=m解得：R=，故A错误；B、根据牛顿第二定律得：mgtan=m解得：v=，与质量无关，故B错误；C、若速度大
18、于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外轨故C正确；D、若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，轮缘挤压内轨故D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道火车拐弯时对内外轨均无压力，此时靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力3甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其vt图象如图所示，则（）A1 s时甲和乙相遇B2 s时甲的速度方向反向C26 s内甲相对乙做匀速直线运动D4 s时乙的加速度方向反向【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】由vt图象的性质可知两物体的运动方向、加速度，由图象与
19、时间轴围成的面积可知两物体通过的位移关系【解答】解：A、由图可知，01s内，甲图象与坐标轴围成的面积比乙的小，说明甲的位移小，甲还没有和乙相遇，故A错误；B、甲物体的速度一直沿正方向，方向没有改变，故B错误；C、26s内，甲乙加速度相同，所以甲相对乙做匀速直线运动，故C正确；D、根据斜率等于加速度，可知t=4s时乙的加速度方向没有改变，仍沿负向故D错误；故选：C【点评】对于速度时间图象要明确以下几点：（1）每一点的坐标表示该时刻物体的速度；（2）图象的斜率表示物体的加速度；（3）图象与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移4如图所示电路中，A、B是两个完全相同的灯泡，L为自感系数很大的
20、线圈，其直流电阻小于灯泡电阻C是电容器，闭合开关，电路稳定时，B灯恰能正常发光，则下列说法正确的是（）A开关闭合的瞬间，A，B同时发光，亮度也相同B开关闭合的瞬间，B立即亮，A逐渐变亮C开关闭合足够长时间后再断开，A灯灯丝不可能被烧断D开关闭合足够长时间后再断开，B立即熄灭，而A逐渐熄灭【考点】自感现象和自感系数【分析】闭合电路时，线圈对电流的变化有阻碍作用；电路稳定后，L的电阻很小，闭合瞬间L的电阻很大，断开瞬间A灯还要亮一下同时在开关闭合与断开的瞬间电容器会充电或放电结合电容器与线圈的特点，然后分析即可【解答】解：A、闭合电路时，线圈中电流逐渐变大，L开始时相当于断路；与此同时，电容器C充
21、电，所以此时流过A的电流大于流过B的电流，所以A与B同时发光，但A更亮故A错误；B、闭合电路时，线圈对电流的阻碍作用逐渐减小，电流逐渐变大，则流过与之并联的A的电流逐渐减小，A逐渐变暗，故B错误；C、电路稳定后L的电感不再起作用，起作用的只是它的直流电阻，因线圈的电阻值小于A的电阻值，所以流过A的电流小于流过线圈的电流；流过线圈的电流与流过A的电流的合流过B，B此时正常发光，那么说明灯的额定电流由并联的A和L的直流电阻分配，那么流过支路的电流都小于其额定电流的；断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L会维持L中的电流不变，其数值就是S断开前L支路中的电流，即小于A、B灯的额定电流，所以该电流绝不
22、会大于其额定值，因此不可能烧断灯丝，故C正确；D、断开开关的瞬间，电容器C开始放电，放电电流流过B，所以B逐渐熄灭；而A与线圈串联，也逐渐熄灭故D错误故选：C【点评】对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解；当电流增大时，自感电动势阻碍电流的增加，线圈相当于断路；而当电流减小时，自感电动势阻碍电流的减小，线圈相当于电源同时要注意电容器虽然不能通过直流电，但在开关闭合与断开的瞬间可能会充电或放电5在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，vt图象如图所示，则下列说法正确的是（）Aa，c带负电，b，d 带正电Ba，c带正电，b，d 带负电
23、Ca，d带正电，b，c带负电Da，d带负电，b，c带正电【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的图像【分析】根据图象坐标的变化可明确速度的变化，再根据图象斜率的变化可明确加速度的变化，结合点电荷的特点可明确各点电荷的带电情况【解答】解：由图线可知，a做加速度减小的加速运动，故可知a一定远离负点电荷而去，故带负电；b做加速度增大的加速运动，故可知b靠近负点电荷而来，故b带正电；c做加速度增大的减速运动，故可知c靠近负点电荷而来，故c应带负电；d做加速度减小的减速运动，故可知d远离负点电荷而去，故d带正电；则可知，A正确，BCD错误；故选：A【点评】此题是对点电荷电场及vt图线的考查；
24、解题的关键是能从vt图象中知道电荷的运动信息，vt线切线的斜率等于物体的加速度，根据加速度的变化即可判断电荷的运动情况，得到电荷的电性61922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖若速度相同的同一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列相关说法中正确的是（）A该束带电粒子带正电B速度选择器的P1极板带负电C在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷越小D在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】根据带电粒子在磁场中的偏转方向确定带电粒子的正负根据在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡确定P1极板的带电情况在磁场中，根
25、据洛伦兹力提供向心力，求出粒子的轨道半径，即可知道轨迹半径与什么因素有关【解答】解：A、带电粒子在磁场中向下偏转，磁场的方向垂直纸面向外，根据左手定则知，该粒子带正电故A正确B、在平行金属板间，根据左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的P1极板带正电故B错误C、D进入B2磁场中的粒子速度是一定的，根据qvB=m得，r=，知r越大，荷质比越小，而质量m不一定大故C正确，D错误故选：AC【点评】解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道在速度选择器中，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡7如图甲所示，光滑平行金属导
26、轨MN、PQ所在平面与水平面成角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计，整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上，t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电荷量q随时间t的变化关系如图乙所示，下列关于穿过回路abPMa的磁通量、金属棒加速度a、金属棒受到的外力F、通过金属棒中电流I随时间变化的图象正确的是（）ABCD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【分析】由电流图象写出电流与时间的关系式，根据法拉第电磁感应定律分析磁通量与时间的关系根据欧姆定律知速度与时间
27、关系，从而知加速度与时间关系根据牛顿运动定律知F与时间的关系式根据推论q=It得到电量q与时间的关系式，再选择图象【解答】解：A、由图看出，通过R的感应电流随时间t增大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，t应是曲线故A错误B、设金属棒长为L由乙图象得，q=It=kt2，k是比例系数知加速度不变，故B错误；C、由牛顿运动定律知FF安mgsin=ma，知F=+mgsin+ma，v随时间均匀增大，其他量保持不变，故F随时间均匀增大，故C正确；D、通过导体棒的电流I=，It图象为过原点直线，故D正确故选：CD【点评】对于图象问题一定弄清楚两坐标轴的含义，尤其注意斜率、截距的含
28、义，对于复杂的图象可以通过写出两坐标轴所代表物理量的函数表达式进行分析8我国的“天链一号”星是地球同步轨道卫星，可为载人航天器及中低轨道卫星提供数据通讯如图为“天链一号“星a、赤道平面内的低轨道卫星b、地球的位置关系示意图，O为地心，地球相对卫星a、b的张角分别为1和2（2图中未标出），卫星a的轨道半径是b的4倍已知卫星a、b绕地球同向运行，卫星a的周期为T，在运行过程中由于地球的遮挡，卫星b会进入与卫星a通讯的盲区卫星间的通讯信号视为沿直线传播，信号传输时间可忽略下列分析正确的是（）A张角1和2满足sin2=4sin1B卫星b星的周期为C卫星b每次在盲区运行的时间为TD卫星b每次在盲区运行的
29、时间为T【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】根据几何关系求解张角1和2满足的关系，由万有引力提供向心力，列式求解卫星b的周期卫星间的通讯信号视为沿直线传播，由几何关系得到卫星b在盲区有两个边缘相对于地球的张角，再求解在盲区运行的时间【解答】解：A、设卫星a、b的轨道半径分别为r1和r2地球半径为R由几何知识得：tan=，tan=由题 r1=4r2则得 4tan=tan，由数学知识sin24sin1故A错误B、由G=mr可得 T=2，可得 r1=4r2则得卫星b星的周期为，故B正确CD、如图，A、B是卫星盲区两个边缘位置，由几何知识可得AOB=1+2，则 （）
30、t=AOB=1+2，解得，b每次在盲区运行的时间为 t=T，故C正确，D错误故选：BC【点评】本题既要掌握卫星问题的基本思路：万有引力提供向心力，更重要的是画出示意图，运用几何知识解答二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生必须作答第1318题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9某实验小组利用图示装置进行“探究动能定理”的实验，实验步骤如下：A挂上钩码，调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；B打开速度传感器，取下轻绳和钩码，保持A中调节好的长木板倾角不变，让小车从长木板顶端静止下滑，分别记录小车通过速度传感器1和速度传感器2时的速度
31、大小v1和v2；C重新挂上细绳和钩码，改变钩码的个数，重复A到B的步骤回答下列问题：（1）按上述方案做实验，长木板表面粗糙对实验 结果是否有影响？否（填“是”或“否”）；（2）若要验证动能定理的表达式，还需测量的物理量有ACD；A悬挂钩码的总质量m B长木板的倾角C两传感器间的距离l D小车的质量M（3）根据实验所测的物理量，动能定理的表达式为：（重力加速度为g）【考点】探究功与速度变化的关系【分析】根据实验原理可知，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响，根据动能定理列式判断需要测量哪里物理量【解答】解：（1）小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处
32、于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响，（2、3）根据动能定理可知，合外力对小车做的功等于小车动能的变化量，则有：，所以要测量悬挂钩码的总质量m，两传感器间的距离l，小车的质量M，故选：ACD故答案为：（1）否；（2）ACD；（3）【点评】本实验比较新颖，不是常规实验方法，直接用速度传感器得出速度，不需要用打点计时器求解速度，难度适中10有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60cm，电阻大约为10横截面如图甲所示用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为1.125mm；现有如下器材A电流表（量程0.6A，内阻约0.1）B电
33、流表（量程3A，内阻约0.03）C电压表（量程3V，内阻约3k）D滑动变阻器（1750，0.3A）E滑动变阻器（5，3A）F蓄电池（6V，内阻很小）G开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选A，滑动变阻器应选E（只填代号字母）请将图丙所示的实际测量电路补充完整已知金属管线样品材料的电阻率为，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是管线长度L计算中空部分截面积的表达式为S=【考点】伏安法测电阻【分析】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻
34、度读数时需估读根据电路中电流的大小确定电流表的量程，从测量误差的角度选择滑动变阻器将待测电阻与电压表和电流表内阻比较，确定其是大电阻还是小电阻，从而确定电流表的内外接根据电阻定律求出导体电阻的横截面积，用大圆的面积减去电阻的横截面积，即为中空部分的截面积【解答】解：螺旋测微器的读数等于1mm+0.0112.5mm=1.125mm电路中的电流大约为I=，所以电流表选择A待测电阻较小，若选用大电阻滑动变阻器，测量误差角度，所以滑动变阻器选择E待测电阻远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采取外接法滑动变阻器可以采用限流式接法，也可以采用分压式接法还需要测量的物理量是管线长度L，根据R=，则S=，
35、则中空部分的截面积故答案为：1.125；A，E；见答图；管线长度L，【点评】本题考查伏安法测电阻的实验；解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，以及掌握电阻定律的公式，掌握如何确定电流表的内外接11（12分）（2016宜春校级模拟）如图所示，在光滑绝缘水平面放置一带正电的长直细棒，其周围产生垂直于带电细棒的辐射状电场，场强大小E与距细棒的垂直距离r成反比，即E=（k为未知数），在带电长直细棒右侧，有一长为L的绝缘细线连接了两个质量均为m的带电小球A和B，小球A、B所带电荷量分别为+q和+4q，A球距直棒的距离也为L，两个球在外力F=2mg的作用下处于静止状态不计两小球之间的静电力作用（1）求k
36、的值；（2）若撤去外力F，求在撤去外力瞬时A、B小球的加速度和A、B小球间绝缘细线的拉力【考点】库仑定律；牛顿第二定律【分析】（1）根据电场强度的公式E=，结合适量合成法则与受力平衡条件，即可求解；（2）根据电场强度的公式E=，结合牛顿第二定律内容，依据整体法与隔离法，即可求解【解答】解：（1）对小球A、B及细线构成的整体，受力平衡，有：q+4q=2mg得：k=（2）若撤去外力瞬时，A、B间细线拉力突然变为零，则：对A球：q=maA；得：aA=，方向向右对B球：4q=maB；得：aB=，方向向右因为aAaB，所以在撤去外力瞬时A、B将以相同的加速度a一起向右运动，A、B间绝缘细线张紧，有拉力T
37、因此，对A、B整体，由牛顿第二定律，有：q+4q=2ma即：2mg=2ma得a=g对A：q+T=ma解得：T=故撤去外力瞬时，A、B的加速度a=g；A、B小球间绝缘细线的拉力：T=答：（1）则k的值；（2）若撤去外力F，求在撤去外力瞬时A、B小球的加速度和A、B小球间绝缘细线的拉力【点评】考查牛顿第二定律的综合应用，掌握整体法与隔离法的方法，关键是分析物体的受力情况，理解矢量合成法则的内容，注意当加速度为零时，速度达到最大12（20分）（2015重庆校级模拟）如图所示，轻弹簧一端固定在与斜面垂直的挡板上，另一端点在O位置质量为m的物块A（可视为质点）以初速度v0从斜面的顶端P点沿斜面向下运动，
38、与弹簧接触后压缩弹簧，将弹簧右端压到O点位置后，A又被弹簧弹回物块A离开弹簧后，恰好回到P点已知OP的距离为x0，物块A与斜面间的动摩擦因数为，斜面倾角为求：（1）O点和O点间的距离x1；（2）弹簧在最低点O处的弹性势能；（3）在轻弹簧旁边并排放置另一根与之完全相同的弹簧，一端与挡板固定若将另一个与A材料相同的物块B（可视为质点）与两根弹簧右端拴接，设B的质量为m，=2tan，v0=3将A与B并排在一起，使两根弹簧仍压缩到O点位置，然后从静止释放，若A离开B后最终未冲出斜面，求需满足的条件？【考点】动能定理；牛顿第二定律【分析】（1）对于物块从P点又回到P点过程，运用动能定理列式，即可求得O点
39、和O点间的距离x1；（2）根据能量守恒定律求解弹簧在最低点O处的弹性势能；（3）AB刚分离时两者间的弹力为零，根据牛顿第二定律分别求出两者此时的加速度，确定出弹簧此时的状态再对分离后的过程，由能量守恒列式求解【解答】解：（1）从P点又回到P点得：（2）根据能量守恒得：从O点到P点，有 EP=mgcos（x1+x0）+mgsin（x1+x0）=（3）分离时：aA=aB，NAB=0A：aA=gsin+gcosB：T+mgsin+mgcos=maB得：T=0，即弹簧处于原长处，A、B两物体分离从O点到O点：Ep=（+1）mgcosx1+（+1）mgsinx1+得：分离后，A继续上升到静止，0x2x0
40、得：117答：（1）O点和O点间的距离x1是（2）弹簧在最低点O处的弹性势能是（3）若A离开B后最终未冲出斜面，需满足的条件是117【点评】运用动能定理解题，关键选择合适的研究过程，分析过程中有哪些力做功，确定能量如何转化，然后根据动能定理和能量守恒结合解答（二）选考题，任选一模块作答【物理选修3-3模块】（15分）13下列说法正确的是（）A一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B扫地时扬起的尘埃在空气中的运动是布朗运动C悬浮在液体中的微粒越大，布朗运动就越明显D在液体表面分子之间表现为引力E外界对物体做功，物体的内能不一定增加【考点】热力学第一定律；布朗运动【分析】温度是分子平均动能的
41、标志；布朗运动是指悬浮在液体中的颗粒所做的无规则运动的运动；布朗运动的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈；液体表面分子之间存在引力【解答】解：A、温度是分子平均动能的标志，故一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变，故A正确；B、布朗运动是肉眼看不到的，扫地时扬起的尘埃在空气中的运动不是布朗运动，选项B错误；C、悬浮在液体中的微粒越小，布朗运动就越明显，故C错误；D、在液体表面分子之间距离较稀疏，故表现为引力，选项D正确；E、根据热力学第一定律，外界对物体做功，如果物体放热，则物体的内能不一定增加，故E正确；故选：ADE【点评】此题考查33课本的几个简单知识点，分子动能、布朗运动、表面张力
42、及热力学第一定律等，都是基础知识，只要多看书，加强记忆理解就能得分14如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h现通过电热丝缓慢加热气体，当气体的温度为T1时活塞上升了h已知大气压强为p0重力加速度为g，不计活塞与气缸间摩擦求温度为T1时气体的压强；现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好回到原来位置，求此时气体的温度【考点】理想气体的状态方程【分析】（1）由题，活塞处于平衡状态，根据平衡条件列式求气体的压强；（2）当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好回到原来的位置，再以活塞为研究对
43、象，由平衡条件求得封闭气体的压强，由查理定律列式求此时气体的温度【解答】解：设气体压强为p1，由活塞平衡知：p1S=mg+p0S解得P1=设温度为T1时气体为初态，回到原位置时为末态，则有：初态：压强，温度T1，体积V1=2hS末态：压强，温度T2，体积V2=hS由理想气体的状态方程代入初、末态状态参量解得：T2=答：温度为T1时气体的压强；此时气体的温度【点评】（1）确做功与热量的正负的确定是解题的关键；（2）对气体正确地进行受力分析，求得两个状态的压强是解题的关键属于中档题物理-选修3-4（15分）15（2016宜春校级模拟）下列说法正确的是（）A如果质点所受的力与它偏离平衡位置的位移大小
44、的平方根成正比，且总是指向平衡位置，质点的运动就是简谐运动B机械波的传播速度仅由介质决定，机械波的频率仅由波源决定C向人体内发射频率已知的超声波被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率就能知道血流的速度，这种方法利用了多普勒效应D麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是：变化的磁场产生变化的电场；变化的电场产生变化的磁场E狭义相对论表明物体运动时的质量总是要大于其静止时的质量【考点】多普勒效应；简谐运动的回复力和能量；声波的干涉；狭义相对论【分析】满足与它偏离平衡位置的位移的大小的成正比，并且总是指向平衡位置，即F=kx，则为简谐运动；彩超利用多普勒效应原理；光在干涉、衍射及折射时都可以发
45、生色散；变化的磁场产生电场，和变化的电场产生磁场；由相对论质量公式可知，即可求解【解答】解：A、当与它偏离平衡位置的位移的大小的成正比，与其方向总是相反时，质点的运动就是简谐运动，故A错误；B、机械波的传播速度仅由介质决定，机械波的频率仅由波源决定，故B正确；C、测出反射波的频率变化就能知道血流的速度，这种方法俗称“彩超”，是利用多普勒效应原理，故C正确；D、麦克斯韦电磁场理论：变化的磁场产生电场和变化的电场产生磁场，故D错误E、当由相对论质量公式可知，当物体的速度很大时，其运动时的质量明显大于静止时的质量，故E正确；故选：BCE【点评】考查简谐运动的回复力与位移的关系，掌握多普勒效应原理，理
46、解干涉、衍射及折射对复合光的分解的原理，注意变化的磁场产生电场中的“变化”两字的理解，最后认识运动的质量与静止的质量的关系16（2016宜春校级模拟）如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成角射入后对射出的折射光线的强度进行记录，发现它随着角的变化而变化，变化关系如图乙所示，如图丙所示是这种材料制成的玻璃砖，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为4R，宽为2R的长方形，一束单色光从左侧A点沿半径方向与长边成45角射入玻璃砖，求：该透明材料的折射率；光线在玻璃砖中运动的总时间；（光在空气中的传播速度为c）【考点】光的折射定律【分析】由图象能读出此透明体的临界角，根据全反射
47、临界角公式sinC=，求解折射率n；根据光路图，结合光的全反射，确定总的光程L，并根据v=与t=，即可求解总时间【解答】解：由图乙可知，=45时，折射光线开始出现，说明此时对应的入射角应是发生全反射的临界角，即：C=9045=45根据全反射临界角公式sinC=，得： n=因为临界角是45，光线在玻璃砖中刚好发生5次全反射，光路图如图所示，则总的光程为： L=（2+8）R光在器具中的传播速度为：v=c光在器具中的传播时间：t=；答：该透明材料的折射率是；光线在玻璃砖中运动的总时间是【点评】解决本题关键要理解全反射现象及其产生的条件，并掌握临界角公式，同时注意光在器具中的传播速度与光在真空中传播速
48、度的不同【物理-选修3-5】17（2016宜春校级模拟）氢原子处于基态时的能量为E1，激发态与基态之间的能量关系为En=（n为量子数），处于基态的大量氢原子由于吸收某种单色光后，最多能产生3种不同波长的光，则被吸收的单色光的频率为，产生的3种不同波长的光中，最大波长为（已知普朗克常量为h，光速为c）【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】依据最多能产生6种不同波长的光，分别求出基态和n=2，n=3，n=4激发态的能量，根据E= 求出光子的波长【解答】解：基态的氢原子能量为E1，n=2能级的原子能量为，n=3能级的原子能量为，则单色光的能量为E=E1=；根据E=h得，=从第三能级跃迁到第二能级，能
49、量变化最小，则对应的波长最长，因此从第三能级跃迁到第二能级， =解得：=故答案为：；【点评】此题是对玻尔理论的考查；解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，辐射光子的能量等于两个能级的能级差，即EmEn=hv，注意正负号18（2016宜春校级模拟）如图所示，可视为质点的木块A、B质量为mA=mB=2kg，两物体与水平地面的动摩擦因数均为=0.4，木块A、B粘在一起且中间夹有一小块炸药（炸药的质量可以忽略不计）当A、B向右运动到O点时速度为v0=1m/s，此时炸药爆炸使木块A、B分离，A运动距离L=1.5m后到达P点速度变为v=2m/s，炸药爆炸时释放的化学能均全部转化为木块的动能，爆炸时间很
50、短可以忽略不计重力加速度为g=10m/s2求：（1）爆炸瞬间B的冲量；（2）炸药爆炸时释放的化学能【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】（1）由牛顿第二定律求出A的加速度，应用匀变速直线运动的速度位移公式求出它的初速度，爆炸过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出B的速度，然后应用动量定理求出冲量（2）应用能量守恒定律可以求出爆炸过程释放的化学能【解答】解：（1）对A，由牛顿第二定律得：mAg=mAa，解得：a=4m/s2，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v2v12=2aL，解得：v1=4m/s，爆炸过程系统动量守恒，以初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：（mA+mB）v0=mAv1+mBv2，解得：v2=2m/s，爆炸过程，对B由动量定理得：I=mBv2mBv0，解得：I=6Ns，方向：水平向左；（2）爆炸过程，由能量守恒定律得：EP=mAv12+mBv22（mA+mB）v02，解得：EP=18J；答：（1）爆炸瞬间B的冲量大小为：6Ns，方向：水平向左；（2）炸药爆炸时释放的化学能为18J【点评】本题考查了求动摩擦因数、爆炸释放的化学能，分析清楚运动过程、应用动能定理、动量守恒定律、能量守恒定律即可正确解题，对于含有爆炸的过程，往往是动量守恒和能量守恒两大定律的综合应用
