1、第3讲圆周运动ZHI SHI SHU LI ZI CE GONG GU知识梳理自测巩固知识点1描述圆周运动的物理量及其相互关系1描述圆周运动的物理量主要有线速度、角速度、周期、转速、向心加速度、向心力等，现比较如下表意义、方向公式、单位线速度(1)描述做圆周运动的物体运动快慢的物理量(v)(2)方向与半径垂直，和圆周_相切_(1)v_(2)单位：m/s角速度(1)描述物体绕圆心转动快慢的物理量()(2)中学不研究其方向(1)_(2)单位：rad/s周期和转速(1)周期是物体沿圆周运动一圈的时间(T)(2)转速是物体在单位时间内转过的_圈数_(n)，也叫频率(f)(3)周期与频率的关系为T(1)
2、T；单位：s(2)n的单位r/s，r/min(3)f的单位：_Hz_向心加速度(1)描述速度_方向_变化快慢的物理量(an)(2)方向指向圆心(1)an_2r_v_(2)单位：m/s2向心力(1)作用效果是产生向心加速度，只改变线速度的_方向_，不改变线速度的_大小_(2)方向指向圆心(1)Fnm2rmmr(2)单位： N2.各物理量之间的相互关系(1)vr2rf。(2)an2rv42f 2r。(3)Fnmm2rmmvm42f 2r。知识点2匀速圆周运动和非匀速圆周运动的比较项目匀速圆周运动非匀速圆周运动运动性质是速度大小_不变_而方向时刻_变化_的变速曲线运动，是加速度大小_不变_、方向_变
3、化_的变加速曲线运动是速度大小和方向都_变化_的变速曲线运动，是加速度大小、方向都_变化_的变加速曲线运动加速度方向与速度垂直，即只存在向心加速度，没有切向加速度由于速度大小和方向都变化，所以不仅存在向心加速度，而且存在切向加速度，合加速度的方向不指向圆心向心力F合F向F合知识点3离心运动1定义：做_圆周运动_的物体，在所受合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需_向心力_的情况下，所做的逐渐远离圆心的运动。2本质：做圆周运动的物体，由于本身的_惯性_，总有沿着圆周_切线方向_飞出去的倾向。3受力特点当Fnm2r时，物体做_圆周_运动。当Fn0时，物体沿_切线_方向飞出。当Fnm2r时，物体将逐
4、渐靠近圆心，做近心运动。思考：如图所示，圆盘上的物体随圆盘一起匀速转动，在光滑漏斗内壁上，小球做匀速圆周运动。(1)它们运动所需要的向心力分别由什么力提供？(2)要计算漏斗内壁上小球的角速度时还需要哪些信息？答案(1)圆盘上的物体是静摩擦力提供向心力，漏斗内壁的物体由重力和支持力的合力提供向心力。(2)小球做圆周运动的半径和漏斗内壁的倾角。思维诊断：(1)做圆周运动的物体，一定受到向心力的作用，所以分析做圆周运动物体的受力，除了分析其受到的其他力，还必须指出它受到向心力的作用。()(2)一物体以4 m/s的线速度做匀速圆周运动，周期为2 s，则速度变化率的大小为4 m/s2。()(3)在绝对光
5、滑的水平路面上汽车可以转弯。()(4)火车转弯速率小于规定的数值时，内轨受到的压力会增大。()(5)飞机在空中沿半径为R的水平圆周盘旋时，飞机机翼一定处于倾斜状态。()1(2019宁夏石嘴山三中期中)质点做匀速圆周运动时，下列说法正确的是(C)A速度的大小和方向都改变B匀速圆周运动是匀变速曲线运动C当物体所受合力全部用来提供向心力时，物体做匀速圆周运动D向心加速度不变解析本题考查对匀速圆周运动的理解。质点做匀速圆周运动时，线速度大小始终不变，速度方向为质点运动轨迹的切线方向，时刻在改变，故A错误；做匀速圆周运动的物体的加速度始终指向圆心，即方向在时刻改变，则匀速圆周运动是非匀变速曲线运动，故B
6、、D错误；当质点所受合力全部用来提供向心力时，质点的线速度的大小不变，做匀速圆周运动，故C正确。2在人们经常见到的以下现象中，不属于离心现象的是(D)A舞蹈演员在表演旋转动作时，裙子会张开B在雨中转动一下伞柄，伞面上的雨水会很快地沿伞面运动，到达边缘后雨水将沿切线方向飞出C满载黄沙或石子的卡车，在急转弯时，部分黄沙或石子会被甩出D守门员把足球踢出后，球在空中沿着弧线运动解析舞蹈演员在表演旋转动作时，裙子做圆周运动，受到的合力的大小不足以提供裙子所需要的向心力时，裙子远离圆心，会张开，故A不符合题意；当雨伞转动时雨滴所需要的向心力增加，当超过雨伞对雨滴的吸附力时，雨滴做离心运动，故B不符合题意；
7、当卡车急转弯时，部分黄沙或石子间的作用力不足以提供其所需要的向心力，做离心运动，会被甩出，故C不符合题意；运动员将球踢出后球在空中运动，是由于惯性，故D符合题意。3(2020湖北荆州中学月考)如图，一圆盘可绕一通过圆心且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放一块橡皮，橡皮随圆盘一起转动(俯视为逆时针)。某段时间圆盘转速不断增大，但橡皮仍相对圆盘静止，在这段时间内，关于橡皮所受合力F的方向的四种表示(俯视图)中，正确的是(D)解析本题考查水平面内的圆周运动问题。橡皮做加速圆周运动，则合力沿径向的分力提供其做圆周运动的向心力，即合力不指向圆心，但一定指向圆周内；由于橡皮做加速圆周运动，橡皮的线速度不断
8、增大，故合力与线速度的夹角小于90，故选D。HE XIN KAO DIAN ZHONG DIAN TU PO核心考点重点突破考点一圆周运动中的运动学分析常见的三种传动方式及特点1皮带传动：如图甲、乙所示，皮带与两轮之间无相对滑动时，两轮边缘线速度大小相等，即vAvB。2摩擦传动：如图丙所示，两轮边缘接触，接触点无打滑现象时，两轮边缘线速度大小相等，即vAvB。3同轴传动：如图丁所示，两轮固定在一起绕同一转轴转动，两轮转动的角速度大小相等，即AB。例1 (2019云南玉溪一中二调)现在许多高档汽车都应用了无级变速装置，不用离合就能连续变换速度，下图为截锥式无级变速模型示意图，两个锥轮之间有一个滚
9、动轮，主动轮、滚动轮、从动轮靠彼此之间的摩擦力带动，当位于主动轮和从动轮之间的滚动轮从左向右移动时，从动轮转速降低；滚动轮从右向左移动时，从动轮转速增加。现在滚动轮处于主动轮直径为D1、从动轮直径为D2的位置，则主动轮转速n1与从动轮转速n2的关系是(B)ABCD解析本题考查传动问题。角速度2n，则主动轮的线速度v11D1n1，从动轮的线速度v22D2n2。因为主动轮和从动轮的线速度相等，则D1n1D2n2，所以，故B正确，A、C、D错误。方法技巧：同轴与同缘传动的联系同轴转动角速度相等，同缘传动边缘点线速度相等，角速度与线速度的关系式为vr。考点二圆周运动中的动力学分析向心力公式是牛顿第二定
10、律对圆周运动的应用，求解圆周运动的动力学问题与应用牛顿第二定律的解题思路相同，但要注意几个特点：1向心力是沿半径方向的合力，是效果力，不是实际受力。2向心力公式有多种形式：Fmm2rmr，要根据已知条件选用。3正交分解时，要注意圆心的位置，沿半径方向和切线方向分解。4对涉及圆周运动的系统，要用隔离法分析，不要用整体法。例2 (2019辽宁沈阳一模)我国高铁技术发展迅猛，目前处于世界领先水平。已知某路段为一半径为5 600米的弯道，设计时速为216 km/h(此时车轮轮缘与轨道间无挤压)，已知我国的高铁轨距约为1 400 mm，且角度较小时可近似认为tan sin ，重力加速度g取10 m/s2
11、，则此弯道内、外轨高度差应为(B)A8 cmB9 cmC10 cmD11 cm解析本题考查火车转弯问题。由题可知半径R5 600 m，时速为v216 km/h60 m/s；根据牛顿第二定律得mgtan m，解得tan ，由几何关系得tan sin ，而L1 400 mm，联立得h90 mm9 cm，故B正确，A、C、D错误。方法总结：解决圆周运动动力学问题的一般步骤(1)首先要明确研究对象。(2)确定其运动轨道所在的平面、圆心的位置以及半径。(3)对其受力分析，明确向心力的来源。(4)将牛顿第二定律应用于圆周运动，得到圆周运动中的动力学方程，有以下各种情况：Fmmr2mvmr42mrf 2。解
12、题时应根据已知条件进行选择。类题演练1(2019宝鸡月考)(多选)如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒固定在地面上，圆锥筒的轴线竖直。一个小球贴着筒的内壁在水平面内做圆周运动，由于微弱的空气阻力作用，小球的运动轨迹由A轨道缓慢下降到B轨道，则在此过程中(CD)A小球的向心加速度逐渐减小B小球运动的角速度逐渐减小C小球运动的线速度逐渐减小D小球运动的周期逐渐减小解析以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示。由牛顿第二定律得：mammr2，可知在A、B轨道的向心力大小相等，a，向心加速度不变，故A错误；角速度，由于半径减小，则角速度变大，故B错误；线速度v，由于半径减小，线速度减小，故C正确；
13、周期T，角速度增大，则周期减小，故D正确。考点三竖直面内圆周运动的“轻绳”和“轻杆”模型在竖直平面内做圆周运动的物体，运动至轨道最高点时的受力情况可分为两类：一是无支撑类，如轻绳和单轨道模型；二是有支撑类，如轻杆和双轨道模型。对此见下表：轻绳模型轻杆模型常见模型均是没有支撑的小球均是有支撑的小球过最高点的临界条件由mgm得v临由小球恰能做圆周运动得v临0讨论分析(1)过最高点时，v，FNmgm，绳、圆轨道对球产生弹力FN(2)不能过最高点时，v，在到达最高点前小球已经脱离了圆轨道(1)当v0时，FNmg，FN为支持力，沿半径背离圆心(2)当0v 时，FNmgm，FN指向圆心并随v的增大而增大例
14、3 (2019山东师大附中二模)(多选)一轻杆下端固定一质量为m的小球，上端连在光滑水平轴上，长为R的轻杆可绕水平轴在竖直平面内转动(不计空气阻力)，如图所示。当小球在最低点时给它一个水平初速度v0，小球刚好能做完整的圆周运动。若小球在最低点的初速度从v0逐渐增大，已知重力加速度为g，则下列判断正确的是(ABC)A小球能做完整的圆周运动，经过最低点的最小速度为2B小球在最高点对轻杆的作用力先减小后增大C小球在最低点对轻杆的作用力一直增大D小球在运动过程中所受合外力的方向始终指向圆心解析本题考查竖直面内圆周运动的轻杆模型。设轻杆对小球的作用力大小为F，小球做完整的圆周运动经过最高点时，F竖直向上
15、时，对小球，由牛顿第二定律得mgFm，当轻杆对小球的作用力大小Fmg时，小球的速度最小，最小值为0，从最高点到最低点，由动能定理得mg2Rmv，则v02，故A正确；若小球在最低点的初速度从v0逐渐增大，小球经过最高点时的速度v也逐渐增大，所以轻杆对小球的作用力F先减小后反向增大(先为支持力后为拉力)。由牛顿第三定律可得小球在最高点对轻杆的作用力先减小后增大，故B正确；在最低点，由Fmgm，可得杆对小球的作用力(拉力)Fmgm，若小球在最低点的初速度逐渐增大，则轻杆对小球的作用力(拉力)一直增大，由牛顿第三定律可知C正确；轻杆绕水平轴在竖直平面内运动，小球不是做匀速圆周运动，所以合外力的方向不是
16、始终指向圆心，只有在最低点和最高点合外力的方向才指向圆心，故D错误。规律总结：竖直面内圆周运动类问题的解题技巧(1)定模型：首先判断是轻绳模型还是轻杆模型，两种模型过最高点的临界条件不同。(2)确定临界点：抓住轻绳模型中最高点v及轻杆模型中v0这两个临界条件。(3)研究状态：通常情况下竖直平面内的圆周运动只涉及最高点和最低点的运动情况。(4)受力分析：对物体在最高点或最低点时进行受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，F合F向。(5)过程分析：应用动能定理或机械能守恒定律将初、末两个状态联系起来列方程。类题演练2(多选)“水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为细绳一端系着小球在竖直平面内的
17、圆周运动模型。已知绳长为l，重力加速度为g，则(CD)A小球运动到最低点Q时，处于失重状态B小球初速度v0越大，则在P、Q两点绳对小球的拉力差越大C当v0 时，小球一定能通过最高点PD当v0 时小球一定能通过最高点P，C正确；当v0 时，由mvmgh得小球能上升的高度hl，即小球不能越过与悬点等高的位置，故当v0时，小球将在最低点位置附近来回摆动，细绳始终处于绷紧状态，D正确。考点四 实验：探究影响向心力大小的因素1应用控制变量法进行实验探究(1)保持运动的半径和角速度相同，探究向心力大小与质量的关系。(2)保持质量和运动半径相同，探究向心力大小与角速度之间的关系。(3)保持质量和角速度相同，
18、探究向心力的大小与运动半径之间的关系。2实验方案实验方案一用绳和沙袋定性研究如图甲所示，绳子的一端拴一个小沙袋(或其他小物体)，在离小沙袋重心40 cm的地方打一个绳结A，在离小沙袋重心80 cm的地方打另一个绳结B。同学甲看手表计时，同学乙按下列步骤操作：操作一手握绳结A，如图乙所示，使沙袋在水平方向上做匀速圆周运动，每秒运动1周。体会此时绳子拉力的大小。操作二手仍然握绳结A，但使沙袋在水平方向上每秒运动2周。体会此时绳子拉力的大小。操作三改为手握绳结B，使沙袋在水平方向上每秒运动1周。体会此时绳子拉力的大小。操作一和操作二两者相比，可以比较在半径相同的情况下，向心力大小与角速度的关系。操作
19、一和操作三两者相比，可以比较在角速度相同的情况下，向心力大小与半径的关系。实验方案二利用向心力演示器探究向心力演示器如图所示。转动手柄1，可使变速塔轮2和3以及长槽4和短槽5随之匀速转动。皮带分别套在塔轮2和3上的不同圆盘上，可使两个槽内的小球分别以几种不同的角速度做匀速圆周运动。小球做圆周运动的向心力由横臂6的挡板对小球的压力提供，球对挡板的反作用力，通过横臂的杠杆使弹簧测力套筒7下降，从而露出标尺8，标尺8上露出的红白相间等分格子的多少可以显示出两个球所受向心力的大小。(1)皮带套在塔轮2、3半径相同的圆盘上，小球转动半径和转动角速度相同时，可以探究向心力与小球质量的关系。(2)皮带套在塔
20、轮2、3半径相同的圆盘上，小球转动角速度和质量相同时，可以探究向心力与转动半径的关系。(3)皮带套在塔轮2、3的不同半径的圆盘上，小球质量相同、转动半径相同时，可以探究向心力与角速度的关系。实验方案三利用力传感器和光电传感器探究如图所示，利用力传感器测量重物做圆周运动的向心力，利用天平、刻度尺、光电传感器分别测量重物的质量m，做圆周运动的半径r及角速度。实验过程中，力传感器与DIS数据分析系统相连，可直接显示力的大小。光电传感器与DIS数据分析系统相连，可直接显示挡光条挡光的时间，由挡光条的宽度和挡光条做圆周运动的半径，可得到重物做圆周运动的角速度。3实验结论(1)向心力的大小与物体的质量m、
21、圆周半径r、角速度都有关系。(2)做匀速圆周运动的物体所需的向心力大小，在质量和角速度一定时，与半径成正比；在质量和半径一定时，与角速度的平方成正比；在半径和角速度一定时，与质量成正比。例4 (2020山东潍坊模拟)向心力演示器如下图所示。匀速转动手柄1可以使变速塔轮2和3以及长槽4和短槽5随之匀速转动，槽内的小球也随着做匀速圆周运动。使小球做匀速圆周运动的向心力由横臂6的挡板对小球的压力提供。球对挡板的反作用力，通过横臂的杠杆作用使弹簧测力套筒7下降，从而露出标尺8。已知测力套筒的弹簧相同，根据标尺8上露出的红白相间等分标记，可以粗略计算出两个球所受向心力的比值。若将变速塔轮2、3上的皮带共
22、同往下移动一级，则长槽和短槽的角速度之比会变小(填“变大”“不变”“变小”或者“无法确定”)；如图所示，放在长短槽内的三个小球的质量相等，皮带所在左右塔轮的半径也相等，则在加速转动过程中，左右标尺漏出的红白等分标记会变长(填“变长”“不变”“变短”或者“不确定”)，两边红白等分标记之比会不变(填“变大”“不变”“变小”或者“无法确定”)，在匀速转动的过程中，左右标尺红白标记之比为3:1。解析将变速塔轮2、3上的皮带共同往下移动一级，轮子边缘的线速度相等，根据可知，2轮半径大，长槽角速度变小，而短槽角速度变大，所以长槽和短槽的角速度之比会变小；放在长短槽内的三个小球的质量相等，皮带所在左右塔轮的
23、半径也相等，则在加速转动过程中，小球所需向心力变大，对挡板作用力变大，所以漏出的红白等分标记会变长；因为皮带所在左右塔轮的半径也相等，转动角速度相等，左边对挡板的作用力，根据牛顿第二定律可知，左侧对挡板作用力 Fmr2m2r2右侧对挡板作用力Fmr2所以作用力之比始终为3:1，故两边红白等分标记之比不变，始终为3:1。类题演练3(2019北京顺义区模拟)如图甲所示是某同学探究做圆周运动的物体质量、向心力、轨道半径及线速度关系的实验装置，圆柱体放置在水平光滑圆盘上做匀速圆周运动。力传感器测量向心力F，速度传感器测量圆柱体的线速度v，该同学通过保持圆柱体质量和运动半径不变，来探究向心力F与线速度v
24、的关系。(1)该同学采用的实验方法为B。A等效替代法B控制变量法C理想化模型法(2)改变线速度v，多次测量，该同学测出了五组F、v数据，如下表所示：v/(ms1)1.01.52.02.53.0F/N0.882.003.505.507.90该同学对数据分析后，在图乙坐标纸上找出了五个点。在图乙中作出Fv2图线；乙答案见解析图若圆柱体运动半径r0.2 m，由作出的Fv2的图线可得圆柱体的质量m0.18 kg。(结果保留两位有效数字)解析(1)实验中研究向心力和速度的关系，保持圆柱体质量和运动半径不变，采用的实验方法是控制变量法，故选B。(2)作出Fv2图线，如图所示。根据Fm知，图线的斜率k，则有
25、：，代入数据解得m0.18 kg。JIE DUAN PEI YOU CHA QUE BU LOU阶段培优查缺补漏圆周运动中的临界值问题1有些题目中有“刚好”“恰好”“正好”等字眼，明显表明过程中存在着临界点。2若题目中有“取值范围”“多长时间”“多大距离”等词语，表明过程中存在着“起止点”，而这些起止点往往就是临界点。3若题目中有“最大”“最小”“至多”“至少”等字眼，表明过程中存在着极值，这些极值点也往往是临界点。4常见类型(1)绳的拉力达到最大或为零。(2)物体开始滑动时静摩擦力达到最大。(3)物体脱离接触面时压力为零。5解题关键：分析临界状态的受力，列出临界条件下的牛顿第二定律方程。例5
26、 (2019广东三校联考)如图所示，质点P以O为圆心、R为半径做逆时针匀速圆周运动，周期为T。当质点P经过图中位置A时，另一质量为m、初速度为零的质点Q受到沿OA方向的拉力作用从静止开始在光滑水平面上做匀加速直线运动，则下列说法正确的是(B)A当P、Q加速度相同时，质点Q的最小速度为B当P、Q加速度相同时，质点Q的最小速度为C当P、Q加速度相同时，质点Q的最大速度为D当P、Q加速度相同时，质点Q的最大速度为解析本题考查圆周运动的极值问题。当P运动到O点左侧与OA共线时，加速度方向与Q相同，在此时运动的时间t(n)T(n0,1,2，)，由牛顿第二运动定律可知，加速度大小为aR；此时Q的速度vat
27、R(n)T(n)，则当n0时v最小，vmin，故B正确，A错误；Q做匀加速直线运动，无符合条件的最大速度，故C、D错误。类题演练4(2019安徽名校协作体联考)如图所示，一倾斜的圆筒绕固定轴OO1以恒定的角速度转动，圆筒的半径r1.5 m。筒壁内有一小物体与圆筒始终保持相对静止，小物体与圆筒间的动摩擦因数为(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，转动轴与水平面间的夹角为60，重力加速度g取10 m/s2，则的最小值是(C)A1 rad/sB rad/sC rad/sD5 rad/s解析本题考查空间内的圆周运动问题。对小物体受力分析如图，受重力mg，弹力N，静摩擦力f，有最小值时，物体恰不与筒产生相对
28、滑动。由牛顿第二定律可知，mgcos Nm2r，在平行于筒壁方向上，最大静摩擦力与重力沿筒壁向下的分力相等，即fmaxmgsin ，由于fmaxN，由以上式子，可得 rad/s，故C正确。2 NIAN GAO KAO MO NI XUN LIAN2年高考模拟训练1(2019江苏，6)(多选)如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动。座舱的质量为m，运动半径为R，角速度大小为，重力加速度为g，则座舱(BD)A运动周期为B线速度的大小为RC受摩天轮作用力的大小始终为mgD所受合力的大小始终为m2R解析A错：座舱的周期T。B对：根据线速度与角速度的关系，vR。C错，D对：座舱做匀速圆周运
29、动，摩天轮对座舱的作用力与重力大小不相等，其合力提供向心力，合力大小为F合m2R。2(2018江苏单科，6)(多选)火车以60 m/s的速率转过一段弯道，某乘客发现放在桌面上的指南针在10 s内匀速转过了约10。在此10 s时间内，火车(AD)A运动路程为600 mB加速度为零C角速度约为1 rad/sD转弯半径约为3.4 km解析A对：由svt知，s600 m。B错：在弯道做圆周运动，火车加速度不为零。C错：由10 s内转过10知，角速度 rad/s rad/s0.017 rad/s。D对：由vr知，r m3.4 km。3(2019四川资阳一诊)(多选)如图甲所示，小球用不可伸长的轻绳连接后
30、绕固定点O在竖直面内做圆周运动，小球经过最高点时的速度大小为v，此时绳子的拉力大小为FT，拉力FT与速度的平方v2的关系图象如图乙所示，图象中的数据a和b包括重力加速度g都为已知量，则以下说法正确的是(AD)A数据a与小球的质量无关B数据b与小球的质量无关C比值只与小球的质量有关，与圆周轨迹半径无关D利用数据a、b和g能够求出小球的质量和圆周轨迹半径解析本题考查竖直平面内圆周运动的受力问题。由题图乙可知，当v2a时，此时绳子的拉力为零，小球的重力提供其做圆周运动的向心力，则由牛顿第一定律得mg，解得v2gr，故agr，与小球的质量无关，故A正确；当v22a时，对小球受力分析，则由牛顿第二定律得
31、mgb，解得bmg，与小球的质量有关，故B错误；根据上述分析可知与小球的质量有关，与圆周轨迹半径也有关，故C错误；由上述可知r，m，故D正确。4(2020山东新泰一中质检)如图所示，水平传送带与水平轨道在B点平滑连接，传送带AB长度L02.0 m，一半径R0.2 m的竖直圆形光滑轨道与水平轨道相切于C点，水平轨道CD长度L1.0 m，在D点固定一竖直挡板。小物块与传送带AB间的动摩擦因数10.9，BC段光滑，CD段动摩擦因数为2。当传送带以v06 m/s沿顺时针方向匀速转动时，将质量m1 kg的可视为质点的小物块轻放在传送带左端A点，小物块通过传送带、水平轨道、圆形轨道、水平轨道后与挡板碰撞，
32、并以原速率弹回，经水平轨道CD返回圆形轨道。已知小物块从传送带滑到水平轨道时机械能不损失，重力加速度g10 m/s2。求(1)小物块第一次滑到传送带B点时的速度大小；(2)若小物块第二次能冲上圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道，求2的取值范围。答案(1)6 m/s(2)020.65或0.820.9解析(1)物块速度小于传送带速度时，物块受到传送带的摩擦力f1mg，那么由牛顿第二定律可知物块做加速度a1g9 m/s2的匀加速直线运动，由2aL0v，可知物块到达B点时刚好达到传送带速度，所以物块滑到B点时的速度大小vBv06 m/s。(2)要使物块能第二次冲上圆形轨道且不会脱离圆轨道，那么物块第二次在圆轨道上运动时可能通过最高点，也可能在圆轨道上达到的最高点的高度0hR; 故当物块能通过最高点时，设其在最高点速度大小为v，在最高点应用牛顿第二定律可得mg； 对物块从B到第二次到最高点应用动能定理可得22mgL2mgRmv2mv，则20.65；当物块在圆轨道上能到达的最高点的高度0hR时，由动能定理可得22mgLmgh0mv，2，解得0.820.9；所以为了使物块能第二次冲上圆形轨道且不会脱离圆轨道，需满足条件为020.65或0.820.9。
