1、2014-2015学年江苏省盐城市响水中学高三（上）第一次调研物理试卷一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（每小题3分，共30分）1（3分）（2014秋响水县校级月考）下列说法中，正确的是（）A质点一定是体积很小、质量很小的物体B物体的速度越大，则加速度越大C参考系必须是固定不动的物体D物体只有在单方向直线运动时位移大小才等于路程2（3分）（2014秋响水县校级月考）以竖直向上方向为正，作竖直上抛运动的物体，在整个运动过程中速度v和时间t的关系是图中的哪一幅（）ABCD3（3分）（2014秋长兴县校级期末）孔明灯相传是由三国时的诸葛孔明发明的，如图所示，有一盏质量为m的孔明灯升空后沿着东
2、偏北方向匀速上升，则此时孔明灯所受空气的作用力的大小和方向是（）A0Bmg，竖直向上Cmg，东北偏上方向Dmg，东北偏上方向4（3分）（2014秋左云县校级月考）一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB该爱好者用刻度尺量出轨迹的长度，如图所示已知曝光时间为0.001s，则小石子出发点离A点约为（）A6.5cmB10mC20mD45m5（3分）（2014秋响水县校级月考）汽车由于漏油而在笔直的马路上每隔相等时间T0滴下油渍，如图是其中的四滴，量得它们之间的距离分别是1m，2m和3m，由上述信息不能得到这辆汽车在这段时间内（）A行驶的速度方向B行驶的加速
3、度方向C加速度的大小D汽车在对应油滴位置时的速度大小6（3分）（2014秋响水县校级月考）在2010年上海世博会风洞飞行表演上，若风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果假设人体受风力大小与有效面积成正比，已知水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的风洞内人可上下移动的空间总高度为H开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移现人由静止开始从最高点A以向下的最大加速度匀加速下落，如图所示，经过B点后，再以向上的最大加速度匀减速下落，到最低点C处速度刚
4、好为零，则（）A人向上的最大加速度是B人向下的最大加速度是CBC之间的距离是DBC之间的距离是7（3分）（2012珠海一模）如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为1，木块与木板间的动摩擦因数为2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为（）A1MgB2mgC1（m+M）gD1Mg+2mg8（3分）（2011秋吉林校级期末）如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小为（）AgBgC0Dg9（3分）（2013海门市模拟）某校举行托乒乓球跑步比赛，赛道为水平
5、直道，比赛时某同学将球置于球拍中心，当速度达到v0时做匀速直线运动跑至终点，整个过程中球一直保持在球拍中心不动，如图所示设球在运动中受到的空气阻力大小与其速度大小成正比，f=kv0，方向与运动方向相反，不计球与球拍之间的摩擦，球的质量为m，重力加速度为g则在比赛中，该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角0满足（）Asin0=Bcos0=Ctan0=Dtan0=10（3分）（2014秋响水县校级月考）小明站在电梯中的体重计上，电梯静止时体重计示数如图甲所示电梯运行经过5楼时体重计示数如图乙所示，则此时（）A电梯一定在向上运动B电梯一定在向下运动C电梯的加速度方向可能向上D电梯的加速度方向一定向下
6、二、多项选择题（每小题4分，共20分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）11（4分）（2012江苏模拟）某河宽为600m，河中某点的水流速度v与该点到较近河岸的距离d的关系图象如图所示船在静水中的速度为4m/s，要使船渡河的时间最短，则下列说法中正确的是（）A船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直B船的航行轨迹是一条直线C渡河最短时间为240sD船离开河岸400m时的速度大小为2m/s12（4分）（2012镜湖区校级三模）给滑块一初速度v0使它沿光滑斜面向上做匀减速运动，加速度大小为，当滑块速度大小为时，所用时间可能是（）ABCD13（4分）（2
7、014秋响水县校级月考）如图所示，轻质光滑滑轮两侧用细绳连着两个物体A与B，物体B放在水平地面上，A、B均静止已知A和B的质量分别为mA、mB，绳与水平方向的夹角为，则（）A物体B受到的摩擦力可能为0B物体B受到的摩擦力为mAgcos C物体B对地面的压力可能为0D滑轮通过绳子对天花板的拉力大小为2mAgcos（45）14（4分）（2008秋潍坊期末）一物体从一行星表面某高度处自由下落（不计空气阻力），自开始下落计时，得到物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，则（）A行星表面重力加速度大小为8m/s2B行星表面重力加速度大小为10m/s2C物体落到行星表面时的速度大小为20m/sD物
8、体落到行星表面时的速度大小为25m/s15（4分）（2013春聊城期末）如图所示，一质量m=0.2kg的小煤块以vo=4m/s的初速度从最左端水平进入轴心距离L=6m的水平传送带，传送带可由一电机驱使而转动已知小煤块与传送带间的动摩擦因数=0.1（取g=10m/s2）（）A若电机不开启，传送带不转动，小煤块滑离传送带右端的速度大小为2m/sB若电机不开启，传送带不转动，小煤块在传送带上运动的总时间为4sC若开启电机，传送带以5m/s的速率顺时针转动，则小煤块在传送带上留下的一段黑色痕迹的长度为0.5mD若开启电机，小煤块在传送带上运动时间最短，则传送带至少需要以2m/s速率顺时针转动三、实验题
9、（本题每格3分，图3分，共24分）16（12分）（2014秋大足县校级月考）某学习小组在“探究力的平行四边形定则”的实验中（1）其中的两个实验步骤分别是：A在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两个弹簧测力计的示数F1和F2B只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F和记下细绳的方向请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是B中是（2）该学习小组
10、纠正了（1）中的问题后，实验中两个弹簧测力计的拉力F1、F2已在图中画出，图中的方格每边长度表示2N，O点是橡皮条的结点请作出合力F的图示，并求出合力的大小为N（结果保留三位有效数字）17（12分）（2014秋响水县校级月考）用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码的总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连
11、续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=m/s2，B点的速度vB=m/s（结果保留两位有效数字）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出aF图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲该同学经过思考后将实验方案改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是（写选项字母）A该修正方案可以避免aF图线的末端发生弯曲B该修正方案
12、要避免aF图线的末端发生弯曲的条件是MmC该修正方案画出的aF图线的斜率为D该修正方案画出的aF图线的斜率为四、计算题：本题共3小题，共计46分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位18（15分）（2014秋响水县校级月考）正以30m/s的速率运行中的列车，接到前方小站的请求：在该站临时停靠1分钟，接一个垂危病人上车列车决定以加速度a1=0.6m/s2匀减速运动到小站恰停止，停车1分钟后以加速度a2=1.0m/s2匀加速起动，恢复到原来的速度行驶试求：（1）列车距离小站多远开始减速？（2）由于临时停车，共耽误了
13、多少时间？19（15分）（2010秋渝中区校级期末）如图所示，质量为m=5kg的物体，置于一粗糙的斜面上，用一平行于斜面的大小为30N的力F推物体，使物体沿斜面向上匀速运动，斜面体质量M=10kg，且始终静止，取g=10m/s2，求地面对斜面的摩擦力大小及支持力大小20（16分）（2009惠州模拟）如图的装置可以测量汽车在水平路面上做匀加速直线运动的加速度该装置是在矩形箱子的前后壁上各安装一个由力敏电阻组成的压力传感器用两根相同的压缩的轻弹簧夹着一个质量为2.0kg的滑块，滑块可以无摩擦滑动，两弹簧的另一端分别压在传感器a、b上，其压力大小可直接从传感器的液晶显示屏上读出现将装置沿运动方向固定
14、在汽车上，传感器b在前，传感器a在后汽车静止时，传感器a、b的示数均为10N（取g=10m/s2）（1）若传感器a的示数为14N、b的示数为6.0N，求此时汽车加速度的大小和方向（2）当汽车以怎样的加速度运动时，传感器a的示数恰好为零2014-2015学年江苏省盐城市响水中学高三（上）第一次调研物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（每小题3分，共30分）1（3分）（2014秋响水县校级月考）下列说法中，正确的是（）A质点一定是体积很小、质量很小的物体B物体的速度越大，则加速度越大C参考系必须是固定不动的物体D物体只有在单方向直线运动时位移大小才等于路程考点：加速
15、度；质点的认识；位移与路程版权所有分析：质点是理想化的模型，当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，即可看成质点加速度是反映速度变化快慢的物理量参考系的选择是任意的，不一定选择固定不动的物体当物体做单向直线运动时，位移的大小和路程相等解答：解：A、质点不一定是体积很小，质量很小的物体，只要物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点故A错误B、物体的速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故B错误C、参考系不一定选择固定不动的物体，故C错误D、只有物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程故D正确故选：D点评：本题考查了质点、参考系、位移、路程、加速度等基本概念，比较基础，关键要知
16、道加速度的物理意义，以及位移和路程的区别2（3分）（2014秋响水县校级月考）以竖直向上方向为正，作竖直上抛运动的物体，在整个运动过程中速度v和时间t的关系是图中的哪一幅（）ABCD考点：竖直上抛运动；匀变速直线运动的图像版权所有分析：竖直上抛运动可以看成加速度为g的匀减速直线运动，根据运动学速度时间公式列出v与t的关系式，再选择图象解答：解：取竖直向上方向为正方向，将竖直上抛运动可以看出加速度为a=g的匀减速直线运动，根据速度时间公式得： v=v0+at=v0gt可知vt图象是一条倾斜的直线，直线的斜率为负值，故B正确，ACD错误故选：B点评：本题要抓住竖直上抛运动只受重力，加速度是恒定的，
17、采用整体法研究，知道速度图象的斜率等于加速度3（3分）（2014秋长兴县校级期末）孔明灯相传是由三国时的诸葛孔明发明的，如图所示，有一盏质量为m的孔明灯升空后沿着东偏北方向匀速上升，则此时孔明灯所受空气的作用力的大小和方向是（）A0Bmg，竖直向上Cmg，东北偏上方向Dmg，东北偏上方向考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：孔明灯做匀速运动，加速度为零，合力为零；只受重力和空气的作用力，根据平衡条件得到空气的作用力的大小和方向解答：解：孔明灯升空后向着东北偏上方向匀速直线运动，加速度为零，合力为零；只受重力和空气的作用力，根据平衡条件得
18、到空气的作用力的大小为mg，方向竖直向上；故选：B点评：本题关键是明确孔明灯的运动情况，得到加速度后进一步确定受力情况，基础题4（3分）（2014秋左云县校级月考）一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB该爱好者用刻度尺量出轨迹的长度，如图所示已知曝光时间为0.001s，则小石子出发点离A点约为（）A6.5cmB10mC20mD45m考点：自由落体运动版权所有专题：自由落体运动专题分析：根据照片上痕迹的长度，可以知道在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，由于时间极短，可以近似表示A点对应时刻的瞬时速度，最后再利用自由落体运
19、动的公式可以求得下落的距离解答：解：由图可知AB的长度为2cm，即0.02m，曝光时间为s，所以AB段的平均速度的大小为：，由于时间极短，故A点对应时刻的瞬时速度近似为20m/s，由自由落体的速度位移的关系式 v2=2gh可得：h=故C正确故选：C点评：由于AB的运动时间很短，我们可以用AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度，由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法5（3分）（2014秋响水县校级月考）汽车由于漏油而在笔直的马路上每隔相等时间T0滴下油渍，如图是其中的四滴，量得它们之间的距离分别是1m，2m和3m，由上述信息不能得到这辆汽车在这段时间内（）A行驶的速度方
20、向B行驶的加速度方向C加速度的大小D汽车在对应油滴位置时的速度大小考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：直线运动规律专题分析：根据连续相等时间内的位移之差可以求出加速度的大小和方向，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度，再通过速度时间公式求出其它点的瞬时速度解答：解：A、因为连续相等时间内的位移已知，可以通过连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度大小和方向但是速度方向可能与加速度方向相同，可能相反故A错误，B、C正确D、根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可以得出某点的瞬时速度，结合速度时间公式求出其它点的速度故D正确本题选不能得出的，故选：A
21、点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷6（3分）（2014秋响水县校级月考）在2010年上海世博会风洞飞行表演上，若风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果假设人体受风力大小与有效面积成正比，已知水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的风洞内人可上下移动的空间总高度为H开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移现人由静止开始从最高点A以向下的最大加速度匀加速下落，如图所示，经过B点后
22、，再以向上的最大加速度匀减速下落，到最低点C处速度刚好为零，则（）A人向上的最大加速度是B人向下的最大加速度是CBC之间的距离是DBC之间的距离是考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：由题意，人体受风力大小与正对面积成正比，设最大风力为Fm，由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力G=Fm，人站立时风力为Fm，人下降过程分为匀加速和匀减速过程，先根据牛顿第二定律求出两个过程的加速度，再结合运动学公式分析求解解答：解：A、设最大风力为Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为Fm，由于受风力有
23、效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力G=Fm，人平躺上升时有最大加速度a=，故A错误；B、人站立加速下降时的加速度最大，为：a1=故B正确；C、人平躺减速下降时的加速度a2=设下降的最大速度为v，有速度位移公式加速下降过程位移x1=减速下降过程位移x2=故x1：x2=4：3因而x2=，故C错误，D错误；故选：B点评：本题关键将下降过程分为匀加速过程和匀减速过程，求出各个过程的加速度，然后根据运动学公式列式判断7（3分）（2012珠海一模）如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为1，木块与木板间的动摩擦因数为2，木板一直静止，那么木板受地
24、面的摩擦力大小为（）A1MgB2mgC1（m+M）gD1Mg+2mg考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力解答：解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=2N=2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=2mg故选B点评：本题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，
25、滑动摩擦力与正压力成正比8（3分）（2011秋吉林校级期末）如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小为（）AgBgC0Dg考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：当框架对地面的压力为零的瞬间，对框架分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，再隔离对小球分析，运用牛顿第二定律求出小球的加速度解答：解：当框架对地面压力为零瞬间，框架受重力和弹簧的弹力处于平衡，则F=Mg，隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得，F+mg=ma，解得a=故D正确，A、B、C错误故
26、选：D点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解9（3分）（2013海门市模拟）某校举行托乒乓球跑步比赛，赛道为水平直道，比赛时某同学将球置于球拍中心，当速度达到v0时做匀速直线运动跑至终点，整个过程中球一直保持在球拍中心不动，如图所示设球在运动中受到的空气阻力大小与其速度大小成正比，f=kv0，方向与运动方向相反，不计球与球拍之间的摩擦，球的质量为m，重力加速度为g则在比赛中，该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角0满足（）Asin0=Bcos0=Ctan0=Dtan0=考点：共点力平衡的条件及其应用版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对乒乓球受力分析，在匀速运
27、动阶段，受力平衡，根据平衡条件列式找出倾角0满足的关系解答：解：在匀速运动阶段，对乒乓球受力分析，如图：由几何关系有mgtan0=kv0得tan0=故选：C点评：本题的关键是结合题意得出小球所受阻力的表达式f=kv0，然后由平衡条件得出f与mg之间的关系即可找出倾角0满足的关系式10（3分）（2014秋响水县校级月考）小明站在电梯中的体重计上，电梯静止时体重计示数如图甲所示电梯运行经过5楼时体重计示数如图乙所示，则此时（）A电梯一定在向上运动B电梯一定在向下运动C电梯的加速度方向可能向上D电梯的加速度方向一定向下考点：牛顿第二定律版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：由图可知体重计示数减小，
28、由物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力大于重力为超重，物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力小于重力为失重超重对应物体加速度向上；失重对应物体加速度向下可判定题目解答：解：由图可知体重计示数减小，物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力小于重力为失重，可知人处于失重状态，失重时加速度向下，故可知电梯具有向下的加速度则可能的运动情况是：1、向下的加速运动2、向上的减速运动故选：D点评：明确超重和失重的定义，知道超重对应物体加速度向上；失重对应物体加速度向下二、多项选择题（每小题4分，共20分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）11（4分）（2012江苏模拟）某河
29、宽为600m，河中某点的水流速度v与该点到较近河岸的距离d的关系图象如图所示船在静水中的速度为4m/s，要使船渡河的时间最短，则下列说法中正确的是（）A船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直B船的航行轨迹是一条直线C渡河最短时间为240sD船离开河岸400m时的速度大小为2m/s考点：运动的合成和分解版权所有专题：运动的合成和分解专题分析：当静水速与河岸垂直时渡河时间最短，根据两个分运动的情况确定合运动的轨迹根据平行四边形定则求出合速度的大小解答：解：A、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，t=s=150s故A正确，C错误B、因为静水速不变，水流速在变化，知沿河岸方向上有加速度，合速度的方向与加速
30、度的方向不在同一条直线上，知轨迹是曲线故B错误D、船离开河岸300m时，此时水流速度最大为3m/s，则当离开河岸400m时，此时水流速度为2m/s，根据平行四边形定则有：v=m/s故D正确故选：AD点评：解决本题的关键掌握判断合运动是直线还是曲线的方法，知道当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，注意当离开河岸400m时水流速度是解题的关键12（4分）（2012镜湖区校级三模）给滑块一初速度v0使它沿光滑斜面向上做匀减速运动，加速度大小为，当滑块速度大小为时，所用时间可能是（）ABCD考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系版权所有专题：直线运动规律专题分析：当滑块
31、速度大小为时，可能与初速度方向相同，也有可能与初速度方向相反，在整个过程中加速度不变，根据匀变速直线运动的速度时间公式求解解答：解：规定初速度的方向为正方向，若滑块的末速度与初速度方向相同，则t=若滑块的末速度与初速度方向相反，则t=故B、C正确，A、D错误故选BC点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，以及注意物体末速度的方向可能与初速度方向相同，也有可能与初速度方向相反13（4分）（2014秋响水县校级月考）如图所示，轻质光滑滑轮两侧用细绳连着两个物体A与B，物体B放在水平地面上，A、B均静止已知A和B的质量分别为mA、mB，绳与水平方向的夹角为，则（）A物体B受到的摩擦力可
32、能为0B物体B受到的摩擦力为mAgcos C物体B对地面的压力可能为0D滑轮通过绳子对天花板的拉力大小为2mAgcos（45）考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：A、B均静止，绳子的拉力F等于A的重力mAg，B受到重力mBg、拉力F、地面的支持力FN和静摩擦力f作用而平衡B受到的是静摩擦力不能由f=FN求解，而要由平衡条件求出滑轮通过绳子对天花板的拉力大小滑轮两侧绳子拉力的合力解答：解：A、物体B在绳子拉力作用下有向右运动的趋势而保持相对于地静止，地面对B一定有静摩擦力故A错误B、C、以B为研究对象，分析受力，作出力图如图所示根据平衡条
33、件，物体B受到的摩擦力：f=Fcos物体B受到的支持力：FN=mBgFsin又F=mAg得到：f=mAgcosFN=mBgmAgsin故B正确，C错误D、滑轮通过绳子对天花板的拉力大小：F拉=2Fcos（）=2mAgcos（45）故D正确故选：BD点评：本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况对于摩擦力要区分静摩擦还是滑动摩擦，F=FN是滑动摩擦力公式不能直接用来求静摩擦力14（4分）（2008秋潍坊期末）一物体从一行星表面某高度处自由下落（不计空气阻力），自开始下落计时，得到物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，则（）A行星表面重力加速度大小为8m/s2B行星表面重力加速度
34、大小为10m/s2C物体落到行星表面时的速度大小为20m/sD物体落到行星表面时的速度大小为25m/s考点：万有引力定律及其应用；自由落体运动版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，下落距离h=可解得下落加速度，落地速v=at解答：解：设物体下落的加速度为a，物体做初速度为零的匀加速直线运动，从图中可以看出下落高度h=25m，所用的时间t=2.5s，由位移时间关系式：h=解得： a=8m/s2，故A正确物体做初速度为零的匀加速直线运动，由速度时间关系式得：v=at=20m/s，故C正确故选：AC点评：此题虽然属于万有引力定律的应用，但是完全可以用匀变速直线运
35、动规律解题，不要因为题目属于万有引力定律而限制了解题思路15（4分）（2013春聊城期末）如图所示，一质量m=0.2kg的小煤块以vo=4m/s的初速度从最左端水平进入轴心距离L=6m的水平传送带，传送带可由一电机驱使而转动已知小煤块与传送带间的动摩擦因数=0.1（取g=10m/s2）（）A若电机不开启，传送带不转动，小煤块滑离传送带右端的速度大小为2m/sB若电机不开启，传送带不转动，小煤块在传送带上运动的总时间为4sC若开启电机，传送带以5m/s的速率顺时针转动，则小煤块在传送带上留下的一段黑色痕迹的长度为0.5mD若开启电机，小煤块在传送带上运动时间最短，则传送带至少需要以2m/s速率顺
36、时针转动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：传送带专题分析：当电机不开启，小煤块在传送带上做匀减速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出小煤块到达传送带右端时的速度大小和运动的时间当电机开启，传送带顺时针转动，小煤块在传送带上做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出相对滑动的距离当电机开启，煤块一直加速运动到另一端时时间最短由运动学公式求速度解答：解：AB、当电机不开启，小煤块在传送带上做匀减速直线运动，加速度为：a=g=0.110m/s2=1m/s2根据速度位移公式：v02v2=2aL，解得：v=2m/s，
37、运动的时间为：t=2s故A正确，B错误C、当电机开启，传送带顺时针转动，小煤块在传送带上做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，则煤块达到传送带速度所经历的时间为：t=1s，此时小煤块的位移为：x1=4.5m，传送带的位移为：x2=vt=51m=5m，则黑色痕迹的长度为：x=x2x1=54.5m=0.5m故C正确D、当电机开启，煤块一直加速运动时所需时间最短，由v2v02=2aL知，传送带的速度vm=2m/s，故D正确；故选：ACD点评：解决本题的关键理清煤块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解三、实验题（本题每格3分，图3分，共24分）16（12分）
38、（2014秋大足县校级月考）某学习小组在“探究力的平行四边形定则”的实验中（1）其中的两个实验步骤分别是：A在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两个弹簧测力计的示数F1和F2B只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F和记下细绳的方向请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是未记下两条细绳的方向B中是未说明把橡皮条的结点拉到位置O（2）该学习小
39、组纠正了（1）中的问题后，实验中两个弹簧测力计的拉力F1、F2已在图中画出，图中的方格每边长度表示2N，O点是橡皮条的结点请作出合力F的图示，并求出合力的大小为14.1NN（结果保留三位有效数字）考点：验证力的平行四边形定则版权所有专题：实验题分析：步骤A中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤B中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同，根据F1、F2作出平行四边形，对角线表示合力，根据几何关系可以求出合力大小解答：解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比
40、较，得出结果所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示步骤A中未记下两条细绳的方向；步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O（2）以F1、F2为临边，作出平行四边形，如图所示：对角线表示合力，则F合=N=10N=14.1 N故答案为：（1）A中是：未记下两条细绳的方向；B中是：未说明把橡皮条的结点拉到位置O（2）如图； 14.1 N点评：本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键17（12分）（2014秋响水县校级月考）用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验
41、实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码的总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=1.0m/s2，B点的速度vB=0.44m/s（结果保留两位有效数字
42、）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出aF图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲该同学经过思考后将实验方案改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是AD（写选项字母）A该修正方案可以避免aF图线的末端发生弯曲B该修正方案要避免aF图线的末端发生弯曲的条件是MmC该修正方案画出的aF图线的斜率为D该修正方案画出的aF图线的斜率为考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系版权所有专题：实验题分析：（1）探究物体加速度与力的关系实验中，要使小车受到的拉力等于钩码的重力，在实
43、验前应平衡摩擦力；（2）根据纸带数据，由x=at2可求小车的加速度（3）为使绳子拉力近似等于砝码和砝码盘的重力，应满足砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量解答：解：（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力（2）计数点间的时间间隔为：t=0.02s5=0.1s，由x=at2可得：小车的加速度为：a=1.0m/s2B点的速度vB=0.44m/s，（3）分别对小车与砝码列出牛顿第二定律方程：对小车有：F=Ma，对砝码有：mgF=ma，两式联立可得a=F，若
44、改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力时，M+m保持不变，aF图线是直线，避免aF图线的末端发生弯曲，aF图线的斜率为，故AD正确，BC错误；故选：AD故答案为：（1）平衡摩擦力（2）1.0，0.44（3）AD点评：对于实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去理解对牛顿第二定律实验中关键明确平衡摩擦力的原因和要求满足砝码总质量远小于小车质量的理由四、计算题：本题共3小题，共计46分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位18（15分）（2014秋响水县校级月考
45、）正以30m/s的速率运行中的列车，接到前方小站的请求：在该站临时停靠1分钟，接一个垂危病人上车列车决定以加速度a1=0.6m/s2匀减速运动到小站恰停止，停车1分钟后以加速度a2=1.0m/s2匀加速起动，恢复到原来的速度行驶试求：（1）列车距离小站多远开始减速？（2）由于临时停车，共耽误了多少时间？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：直线运动规律专题分析：求出列车减速到零再加速到原来速度这段时间内的位移，求出在这段位移内若以30m/s速度运行所需的时间，再求出实际通过这段位移的时间，两时间之差为临时停车所耽误的时间解答：解：汽车的刹车距离为：（1）s1=750m （2）重新
46、启动的距离为：=450m若正常行驶这些距离需要时间为：=40s设车子行驶的方向为正方向，刹车时间为：t1=50s 停了1分钟：t2=60s启动时间为：t2=30s 所以：t=t1+t2+t3=50+30+60=140s所以t耽误=tt=14040=100s答：（1）列车距离小站750m开始减速；（2）由于临时停车，共耽误了100s的时间点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式以及速度时间公式v=v0+at灵活应用19（15分）（2010秋渝中区校级期末）如图所示，质量为m=5kg的物体，置于一粗糙的斜面上，用一平行于斜面的大小为30N的力F推物体，使物体沿斜面向上匀速运动，斜面体质
47、量M=10kg，且始终静止，取g=10m/s2，求地面对斜面的摩擦力大小及支持力大小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以整体为研究对象，整体的合力为零，分析受力情况，由平衡条件求解地面对斜面体的摩擦力和支持力解答：解：以整体为研究对象，整体的合力为零，分析受力情况，根据平衡条件得：水平方向：f=Fcos30竖直方向：N+Fsin30=（m+M）g解得：f=15N，N=135N答：地面对斜面体的摩擦力15N，支持力是135N点评：本题是两个物体平衡的问题，首先要灵活选择研究对象，其次要正确分析受力情况本题解答采用整体法和隔离法相结合的
48、方法，比较简便20（16分）（2009惠州模拟）如图的装置可以测量汽车在水平路面上做匀加速直线运动的加速度该装置是在矩形箱子的前后壁上各安装一个由力敏电阻组成的压力传感器用两根相同的压缩的轻弹簧夹着一个质量为2.0kg的滑块，滑块可以无摩擦滑动，两弹簧的另一端分别压在传感器a、b上，其压力大小可直接从传感器的液晶显示屏上读出现将装置沿运动方向固定在汽车上，传感器b在前，传感器a在后汽车静止时，传感器a、b的示数均为10N（取g=10m/s2）（1）若传感器a的示数为14N、b的示数为6.0N，求此时汽车加速度的大小和方向（2）当汽车以怎样的加速度运动时，传感器a的示数恰好为零考点：牛顿第二定律
49、；胡克定律版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：解：（1）滑块在水平方向上受到的力为a、b两个弹簧施加的弹力，这两个弹力的合力提供加速度，根据牛顿第二定律列式求解（2）a传感器的读数为零，即a侧弹簧的弹力为零，因两弹簧相同，a弹簧伸长多少，b弹簧就缩短多少所以b弹簧的弹力变为20N，也就是滑块所受的合力为20N，由牛顿第二定律列方程求解解答：解：（1）对滑块在水平方向上受力分析，如右图所示，根据牛顿第二定律FaFb=ma1，=方向水平向右（2）根据题意，当左侧弹簧弹力Fa=0时，右侧弹簧的弹力Fb=20N，根据牛顿第二定律，Fb=ma2代入数据得：，方向水平向左答：（1）若传感器a的示数为14N、b的示数为6.0N，此时汽车加速度的大小为4m/s2，方向水平向右（2）汽车以方向向左、大小为10m/s2的加速运动时，传感器a的示数恰好为零点评：传感器的示数就是等于该侧弹簧的弹力，也等于弹簧施加给滑块的弹力，对滑块受力分析，运用牛顿第二定律解题此题要注意弹簧的弹力跟伸长量或缩短量成正比
