1、第6课时 章末小结高三（ ） 姓名 评价 （ ）1如图所示，粗糙斜面固定在地面上，物块受到沿斜面方向向下的拉力，以一定的初速度沿斜面向下运动。物块在运动过程中A动能一定增加 B机械能可能不变C重力与摩擦力做的总功等于其动能的变化 D拉力与摩擦力做的总功等于其机械能的变化（ ）2一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法错误的是A运动员到达最低点前重力势能始终减小B蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的
2、选取有关（ ）3如图所示，内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙现将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，由静止释放后A下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的重力势能C甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D杆从右向左滑回时，乙球一定不能回到凹槽的最低点（ ）4轻杆AB长2L，A端连在固定轴上，B端固定一个质量为2m的小球，中点C固定一个质量为m的小球AB杆可以绕A端在竖直平面内自由转动现将杆置于水平位置，如图所示，然后由静止释放，不计各处摩擦与空气阻力，则
3、下列说法正确的是AAB杆转到竖直位置时，角速度为 BAB杆转到竖直位置的过程中，B端小球的机械能的增量为mgLCAB杆转动过程中杆CB对B球做正功，对C球做负功，杆AC对C球做正功DAB杆转动过程中，C球机械能守恒（ ）5如图甲所示，物体以一定的初速度从倾角37的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0 m选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示g10 m/s2，sin 370.60，cos 370.80.则A物体的质量m0.67 kgB物体与斜面之间的动摩擦因数0.40C物体上升过程中的加速度大小a10 m/s2D物体回到斜面底端时的动能Ek10 J（ ）
4、6一物体静止在水平地面上，在竖直向上的拉力F的作用下开始向上运动，如图甲所示在物体运动过程中，空气阻力不计，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，其中曲线上点A处的切线的斜率最大则A在x1处物体所受拉力最大B在x2处物体的速度最大C在x1x3过程中，物体的动能先增大后减小D在0x2过程中，物体的加速度先增大后减小（ ）7长木板A放在光滑的水平面上，质量为m2 kg的另一物体B以水平速度v02 m/s滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，则下列说法正确的是A木板获得的动能为2 JB系统损失的机械能为2 JC木板A的最小长度为1 mDA、B间的
5、动摩擦因数为0.18如图所示，水平传送带AB的右端与在竖直面内用内径光滑的钢管弯成的“9”形固定轨道相接，钢管内径很小传送带的运行速度v04.0 m/s，将质量m0.1 kg可看做质点的滑块无初速度地放在传送带的A端已知传送带长度L4.0 m，“9”字全高H0.6 m，“9”字上半部分圆弧半径R0.1 m，滑块与传送带间的动摩擦因数0.2，重力加速度g10 m/s2，求：(1) 滑块从传送带A端运动到B端所需要的时间；(2) 滑块滑到轨道最高点C时对轨道作用力的大小和方向9一质量为M2kg的小物块随足够长的水平传送带一起运动，被一水平向左飞来的子弹击中，子弹从物块中穿过，如图甲所示，地面观察者
6、记录了小物块被击穿后的速度随时间的变化关系，如图乙所示(图中取向右运动的方向为正方向)，已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2.(1) 指出传送带的速度v的方向及大小，说明理由(2) 计算物块与传送带间的动摩擦因数(3) 计算物块对传送带总共做了多少功？系统有多少能量转化为内能？第6课时 章末小结 参考答案1【答案】BD2解析：选D重力做功决定重力势能的变化，随着高度的降低，重力一直做正功，重力势能一直减小，故A选项正确；弹性势能的变化取决于弹力做功，当橡皮筋张紧后，随着运动员的下落弹力一直做负功，弹性势能一直增大，故B选项正确；在蹦极过程中，由于只有重力和弹性绳的弹力做功，故由运动员、地
7、球及弹性绳组成的系统机械能守恒，故选项C正确；重力势能的大小与势能零点的选取有关，而势能的改变与势能零点选取无关，故选项D错误。3【答案】A【解析】环形槽光滑，甲、乙组成的系统在运动过程中只有重力做功，故系统机械能守恒，下滑过程中甲减少的机械能总是等于乙增加的机械能，甲、乙系统减少的重力势能等于系统增加的动能；甲减少的重力势能等于乙增加的势能与甲、乙增加的动能之和；由于乙的质量较大，系统的重心偏向乙一端，由机械能守恒，知甲不可能滑到槽的最低点，杆从右向左滑回时乙一定会回到槽的最低点4【答案】AB 【解析】在AB杆由静止释放到转到竖直位置的过程中，以B球的最低点为零势能点，根据机械能守恒定律有：
8、mg2L2mg(2L)mgL2m(2L)2m(L)2，解得角速度，A项正确在此过程中，B端小球机械能的增量为：EBE末E初2m(2L)22mg(2L)mgL，B项正确AB杆转动过程中，杆AC对C球不做功，杆CB对C球做负功，对B球做正功，C项错C球机械能不守恒，B、C球系统机械能守恒，D项错5选CD. 解析：上升过程，由动能定理得，(mgsin mgcos )hm/sin 0Ek1，摩擦生热mgcos hm/sin E1E2，解得m1 kg，0.50，故A、B错误；物体上升过程中的加速度大小agsin gcos 10 m/s2，故C正确；上升过程中的摩擦生热为E1E220 J，下降过程摩擦生热
9、也应为20 J，故物体回到斜面底端时的动能Ek50 J40 J10 J，D正确6选AC 解析：.除重力以外的力做的功量度了机械能的变化，故Ex图象的斜率表示物体所受拉力的大小，在x1处图象的斜率最大，故物体所受拉力最大，A正确；在x2处图象的斜率为零，故物体所受拉力为零，因此在x2处之前的某一位置拉力就已经等于重力，速度达到最大，B错误；在x1x3的过程中，拉力先大于重力后小于重力最后为零，因此物体先加速再减速，物体的动能先增大后减小，C正确；0x2的过程中拉力先大于重力，并且先增大后减小，最后减小到0，根据牛顿第二定律得物体的加速度先增大后减小再反向增大，D错误7选BCD解析：由vt图可知，
10、木板和物体共速前的加速度大小均为a1 m/s2，它们所受的合外力均为摩擦力，Ffmg，所以木板质量Mm2 kg，木板获得的动能Ek1Mv212 J1 J，故A错；系统机械能损失Emv(Mm)v2 J，故B对；木板的最小长度可由vt图面积求得，L21 m1 m，故C对由ag1 m/s2，得0.1，故D对8答案：(1)2 s(2)3 N方向竖直向上 解析：(1)滑块在传送带上加速运动时，由牛顿第二定律知mgma 得ag2 m/s2 加速到与传送带速度相同时所需要的时间 t2 s 位移xat24 m 此时滑块恰好到达B端，即滑块从A端运动到B端的时间t2 s (2)滑块从B到C的过程中，由机械能守恒
11、定律得 mgHmvmv 在C点，设轨道对滑块的弹力方向竖直向下，由牛顿第二定律得FNmg 联立解得FN3 N 由牛顿第三定律知滑块对轨道的作用力 FNFN3 N，方向竖直向上9答案(1)2m/s，方向向右理由见解析(2)0.2 (3)24J36J 解析(1)由题图可知，物块被击中后先向左做匀减速运动，速度为零后，又向右做匀加速运动，当速度等于2m/s以后随传送带一起匀速运动，所以传送带的速度方向向右，大小为2 m/s. (2)由题图可知，am/s22 m/s2 由牛顿第二定律得，滑动摩擦力FfMa，其中FfFN，FNMg，所以物块与传送带间的动摩擦因数0.2. (3)由题图可知，传送带与物块存在摩擦力的时间只有3s，传送带在这段时间内的位移xvt23m6m 所以物块对传送带所做的功为WFfx46J24J 选传送带为参考系，物块相对于传送带通过的路程xt3m9m，所以转化为内能EQFfx49J36J.
