1、确山二高 高二物理 月考试卷一、选择题（18题单选，912多选，每题5分）1 在点电荷Q产生的电场中有a、b两点，相距为d，已知a点的场强大小为E，方向与ab连线成30角，b点的场强方向与ab连线成120角，如图所示，则点电荷Q的电性和b点的场强大小为（ ）A正电、E/3 B负电、E/3 C正电、3E D负电、3E 2 ab是长为l的均匀带电细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，位置如图所示。ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处的场强大小为E2。则以下说法正确的是（ ） A 两处的电场方向相同，E1E2 B 两处的电场方向相反，E1E2 C 两处的电场方向相同，E1E
2、2 D 两处的电场方向相反，E1E23 在竖直平面内固定一半径为R的金属细圆环，质量为m的金属小球(视为质点)通过长为L的绝缘细线悬挂在圆环的最高点当圆环、小球都带有相同的电荷量Q(未知)时，发现小球在垂直圆环平面的对称轴上处于平衡状态，如图所示已知静电力常量为k.则下列说法中正确的是()A电荷量Q B电荷量Q C线对小球的拉力F D线对小球的拉力F4电荷量为+Q的点电荷和接地金属板MN附近的电场线分布如图所示，点电荷与金属板相距为2d，图中P点到金属板和点电荷间的距离均为d。已知P点的电场强度为E0，则金属板上感应电荷在P点处产生的电场强度E的大小为（）AE=0 B. E= CE=E0 DE
3、=5、如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的偏转匀强电场中，在满足电子能射出平行极板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是()A. U1变大、U2变大B. U1变小、U2变大C. U1变小、U2变小D. U1变大、U2变小6空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示。下列说法正确的是（）AO点的电势最低 Bx2点的电势最高Cx1和x1两点的电势相等 Dx1和x3两点的电势相等7如图，匀强电场中的点A、B、C、D、E、F、G、H为立方体的8个顶点。已知G、F、B、D点的电势分别为5V、1V、2V、4V
4、，则A点的电势为（）A0V B1V C2V D3V8如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A增大，E增大B增大，EP不变C减小，EP增大D减小，E不变9、某电场的电场线分布如图所示(实线)，以下说法不正确的是()A. c点场强大于b点场强 B. b和c不处在同一等势面上 C. 若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将增大 D. 若某一点电荷只在电场力的作用
5、下沿虚线由a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电10、如图所示，A，B，C，D，E，F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A，B，C三点电势分别为1V，2V，3V，则下列说法不正确的是() A. 匀强电场的电场强度大小为10V/m B. 匀强电场的电场强度大小为2033V/m C. 电荷量为1.610-19C的正点电荷从E点移到F点，电荷克服静电力做功为1.610-19J D. 电荷量为1.610-19C的负点电荷从F点移到D点，电荷的电势能减少4.810-19J11如图所示，等量异种点电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与AB的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点
6、，ACBD构成一个正方形一带负电的小球 （可视为点电荷），套在绝缘杆上自C点无初速释放，由C运动到D的过程中，下列说法正确的是（）A杆对小球的作用力先增大后减小 B杆对小球的作用力先减小后增大C小球的速度先增大后减小 D小球的速度一直增大12一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点，其v-t图象如图所示，则下列说法正确的是() A. A点的电场强度一定大于B点的电场强度 B. 粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能 C. CD间各点的电场强度和电势都为零 D. A，B两点间的电势差大于C、B两点间的电势差二、实验题(13题9分，14题6分)13.在如图所示的实验装置中，充电后
7、的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，极板B接地若极板B稍向上移动一点，则将观察到静电计指针偏角_，此实验说明平行板电容器的电容随正对面积减小而_;(填“变大”或“变小”)若极板B稍向左移动一点，则将观察到静电计指针偏角_，此实验说明平行板电容器的电容随距离变大而_，(填“变大”或“变小”)14、如图所示为示波管的示意图，以屏幕的中心为坐标原点，建立如图所示的直角坐标系xoy，当在XX这对电极上加上恒定的电压UXX=2V，同时在YY电极上加上恒定的电压UYY=-1V时，荧光屏上光点的坐标为(4,-1)，则当在XX这对电极上加上恒定的电压UXX=1V，同时在YY电极上加上恒定的电压UYY=2
8、V时，荧光屏上光点的坐标为(_， _)三计算题(15题10分，16题12分，17题13分)15、如图所示，平行板电容器板间距离为2cm，有一个质量m=10-7kg、电荷量q=-10-8C的液滴，在两板正中央处静止状态问：(取g=10m/s2) (1)哪块板带正电？板间电场强度多大？(2)若电容器电容为510-10F，则电容器带电荷量Q为多少？(3)若板间电场强度突然增大为原来的2倍，液滴将做什么运动？触及板面时速度多大？16如图表示一周期为T0的交变电场的波形，纵坐标代表场强。从t=0开始，电场按图示的情形周期性变化。今有质量为m、电量为e、初速为零的电子，在电场力作用下从t=0开始运动，求：
9、电子在2T0内的位移何时电子动能最大？最大值是多少？17、如图所示，水平固定放置的平行金属板M、N，两板间电势差为U，板间距离为d，两板间有竖直固定的半径为14d的绝缘光滑半圆形管道，管道圆心O在两板间中心(即圆心O到上、下板距离相等，到板左、右端距离相等)。现有一质量为m、带正电荷、电荷量为q=2mgdU的小球从A处以速度v0=gd水平进入管道(小球直径略小于管道直径且两者直径均可忽略不计)，小球离开管口B后恰好从平行金属板边界飞出。求： （1）小球刚运动至B处时的速度大小。（2）小球刚运动至B处时对管道的压力。（3）平行金属板的长度L。高二物理答案和解析1.【答案】D【解析】分别将经过a点
10、和b点的电场线延长交于一点O，如图所示，则O点即为点电荷Q所在的位置，电场线指向此电荷，则Q为负电荷；由几何关系可知，如果Obd，则Oad，由点电荷产生的电场强度表达式为E可知，点电荷在b点产生的场强大小为3E，D项正确2.【答案】D【解析】分析:由于细杆均匀带电,我们取a关于P的对称点a ,则a与a关于P1点的电场互相抵消,整个杆对于P1点的电场,仅仅相对于ab部分对于P的产生电场.而对于P2 ,却是整个杆都对其有作用,所以，P2点的场强大.解答:解:将均匀带电细杆等分为很多段,每段可看作点电荷.设细杆带正电根据场的叠加,这些点电荷在PI的合场强方向向左,在P2的合场强方向向右,且EE2.故
11、选D点评:因为只学过点电荷的电场或者匀强电场,而对于杆产生的电场却没有学过,因而需要将杆看成是由若干个点构成,再进行矢量合成.3.【答案】A4、选：C。5.【答案】D6.选：C。7.【解答】解：在匀强电场中，由公式U=Ed知，沿着任意方向前进相同距离，电势差必定相等。由于GFCB，且GF=CB，则有GF=CB代入数据解得：C=GF+B=5V1V+2V=6V 同理，AB=DC解得，A=B+DC=2V+4V6V=0V 故选：A。8.解：电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据C=可知，电容C增大，则根据C=可知，电压U减小；故静电计指针偏角减小；两板间的电场强度为：E
12、=；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；再根据设P与下极板距离为L，则P点的电势P=EL，电势能EP=ELq； 因此电荷在P点的电势能保持不变；故D正确，ABC错误； 故选：D。9.【答案】CD10.【答案】ACD11.选：AD12.【答案】ABA、由运动的速度-时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A正确；B、由A到B的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点时电势能大于在B时的电势能，所以A点的电势能高于B点的电势能，故B正确
13、。C、从C到D，粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；D、A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D错误。13.【答案】(1)变大；变小；变大；变小；14.2，2。15.【答案】解：(1)液滴处于静止状态，可知电场力方向向上，则电场强度的方向竖直向下，上极板带正电，根据qE=mg得：E=mgq=100N/C。(2)由U=Ed，Q=CU，得Q=110-9C(3)当电场强度变为原来的2倍，则电场力变为原来的2倍，即为2mg，液滴将向上做匀加速直线运动，则加
14、速度：a=F-mgm=10m/s2末速度为：v=2gh=2100.01m/s=55m/s用，运用共点力平衡和牛顿第二定律进行求解。16.解:在内，电子做初速度为零的匀加速直线运动；在内，电子做末速度为零的匀减速直线运动;画出图象，如图所示:图象与时间轴包围的面积表示位移大小，故2T内的位移大小为:(2)电子在时刻的动能最大，为: 17.解：(1)从A到B过程中，只有重力和电场力做功，设管道半径为R，小球到达B点时速度大小为vB，由动能定理可得：Udq2R-mg2R=12mvB2-12mvA2代入解得：vB=2gd；(2)小球在B处时受到管道的弹力为N，可得：N+mg-Udq=mvB2R联立解得：N=9mg；由牛顿第三定律可得，小球对轨道压力大小为N=N=9mg，方向竖直向上；(3)小球离开B点后在电场中做类平抛运动，从上极板左侧边缘离开电场水平方向上：s=vBt竖直方向上由牛顿第二定律可得：Udq-mg=ma 14d=12at2 联立可得板长：L=2s=2d。答：(1)小球刚运动至B处时的速度大小vB=2gd；(2)小球运动至B点处时对管道压力的大小为9mg，方向竖直向上；(3)平行金属板的长度L为2d。
