1、高考资源网（） 您身边的高考专家2016-2017学年江西省上饶市横峰中学、铅山一中联考高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分.其中1-8题为单选，9-10题为多选）1以下是必修1课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）A甲图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大B丁图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动C丙图中海豚的身体呈流线型，是为了增大海豚的浮力D乙图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度2物体做匀加速直线运动，已知加速度为5m/s2，那么在任意1s内（）A物体的末速度一定等于初速度的5
2、倍B物体的末速度一定比初速度大5m/sC物体的初速度一定比前1s内的末速度大5m/sD物体的末速度一定比前1s内的初速度大5m/s3F1、F2是力F的两个分力若F=10N，则下列不可能是F的两个分力的是（）AF1=10 N，F2=10 NBF1=20 N，F2=20 NCF1=2 N，F2=6 NDF1=20 N，F2=30 N4在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么v0和k分
3、别等于（重力加速度g取10m/s2）（）A25m/s，1.25B40m/s，0.25C50m/s，0.25D80m/s，1.255如图所示，一物体用一段细绳悬挂于O点而处于静止状态，现在用一个水平力F的作用在物体上，使其缓慢偏离竖直位置，则其水平拉力F的大小变化情况说法正确的是（）A先变大，后变小B先变小，后又变大C一直变大D不断变小6用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取10m/s2）（）ABCD7如图所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直一质点分别自A点
4、沿各条轨道下滑，初速度均为零那么，质点沿各轨道下滑的时间相比较（）A质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，时间越短B质点沿着轨道AB下滑，时间最短C轨道与AB夹角越小（AB除外），质点沿其下滑的时间越短D无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均相同8物体B放在物体A上，A、B的上下表面均与斜面平行（如图）当两者以相同的初速度靠惯性沿光滑固定斜面C向上做匀减速运动时（）AA受到B的摩擦力沿斜面方向向上BA受到B的摩擦力沿斜面方向向下CA、B之间的摩擦力为零DA、B之间是否存在摩擦力取决于A、B表面的性质9从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体A、B的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正
5、确的是（）AA、B两个物体的加速度大小都在不断减小BA物体的加速度不断增大，B物体的加速度不断减小CA、B物体的位移都不断增大DA、B两个物体的平均速度大小都大于10如图（a），用一水平外力F推着一个静止在倾角为的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，着重力加速度g取10m/s2根据图（b）可知（）A物体的质量m=2kgB斜面的倾角=37C加速度为6m/s2时物体的速度v=18m/sD物体能静止在斜面上所施加的最小水平外力Fmin=12N二、填空题（本大题共3小题，每空2分，共20分）11在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运
6、动的实验中，某同学打出了一条纸带已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为s；用刻度尺量得OA=1.50cm、AB=1.90cm、BC=2.30cm、CD=2.70cm由此可知，纸带做（选填“匀加速”或“匀减速”）运动，打C点时纸带的速度大小为m/s，整个过程中纸带的加速度为m/s212在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤（1）为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如表：弹力F（N）0.501.001.502.0
7、02.503.003.50伸长量x（102 m）0.741.802.803.724.605.586.42用作图法做FX图并求得该弹簧的劲度系数k=N/m；（2）某次实验中，弹簧秤的指针位置如图所示，其读数为N13在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出（1）当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比
8、较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该作a与的图象（3）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a图线如图2所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？（4）另一组的几名同学在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，当物体的质量一定时，分别根据实验数据画出了不同的实验图象，如图3所示，下列说法中正确的是A形成图甲的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过大B形成图乙的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小C形成图丙的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过大D形成图丁的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小三、计算题（本大题共4小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）14从离地面500m
9、的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）经过多长时间落到地面？（2）自开始下落计时，最后ls内的位移？15如图所示，物体GA=40N，物体GB=20N，A与B、B与地的动摩擦因数相同=0.2，物体B用细绳系住，现在用水平力F拉物体A，求这个水平力F至少要多大才能将A匀速拉出？16为了使航天员能适应在失重环境下的工作和生活，国家航天局组织对航天员进行失重训练现利用训练客机创造一种失重环境，训练客机沿30倾角爬升到7000米高空后飞机向上拉起，沿竖直方向以200m/s的初速度向上作匀减速直线运动，匀减速的加速度为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，仍沿竖直方向以加速度为g加速运动，
10、在此两段时间内创造出完全失重环境，当飞机离地2000米高时为了安全必须拉起，后又可一次次重复为航天员失重训练为了防止飞机发生失速危险，每次飞机速度达到300m/s后必须终止失重训练（g=10m/s2）求：飞机一次上下运动为航天员创造的完全失重的时间17如图所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F作用下，从A点由静止开始作匀加速运动，前进了0.45m抵达B点时，立即撤去外力此后小木块又前进0.15m到达C点，速度为零已知木块与斜面动摩擦因数=，木块质量m=1kg（g=10m/s2）求：（1）木块向上经过B点时速度为多大？（2）木块在AB段所受的外力F多大？（3）撤去外力F后，木块返回A点时的速度多大
11、？2016-2017学年江西省上饶市横峰中学、铅山一中联考高一（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分.其中1-8题为单选，9-10题为多选）1以下是必修1课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）A甲图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大B丁图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动C丙图中海豚的身体呈流线型，是为了增大海豚的浮力D乙图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；加速度【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物
12、体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上；当质量不变的时候，根据牛顿第二定律F=ma可知，F越大，加速度a就越大【解答】解：A、学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中，重心先加速上升，再减速上升，加速度方向先向上后向下，所以先超重后失重，体重计的示数先增大后减小故A错误；B、冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，根据牛顿第二定律可知，此时物体的加速度很小，所以物体速度的变化就很慢，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，惯性大小只与物体质量有关，质量越大，惯性越大故B错误；C、丙
13、图中海豚的身体呈流线型，是为了减小海豚的受到的阻力，故C错误；D、根据牛顿第二定律F=ma可知，当质量不变的时候，F越大，加速度a就越大，故D正确；故选：D2物体做匀加速直线运动，已知加速度为5m/s2，那么在任意1s内（）A物体的末速度一定等于初速度的5倍B物体的末速度一定比初速度大5m/sC物体的初速度一定比前1s内的末速度大5m/sD物体的末速度一定比前1s内的初速度大5m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】加速度等于单位时间内的速度的变化量，结合加速度定义分析判断【解答】解：A、物体做匀加速直线运动，加速度为3m/s2，可知任意1s内末速度比初速度大5m/s，不是5倍的
14、关系，故A错误，B正确C、某一秒初与前一秒末处于同一时刻，速度相等，故C错误D、物体的末速度一定比前1s内的初速度大52=10m/s，故D错误故选：B3F1、F2是力F的两个分力若F=10N，则下列不可能是F的两个分力的是（）AF1=10 N，F2=10 NBF1=20 N，F2=20 NCF1=2 N，F2=6 NDF1=20 N，F2=30 N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系【分析】根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1F2|F|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N【解答】解：A、根据|F1F2|F|F1+F2|，10N和10N的合力范围为0N，20N
15、，可能为10N故A正确B、根据|F1F2|F|F1+F2|，20N和20N的合力范围为0N，40N，可能为10N故B正确C、根据|F1F2|F|F1+F2|，2N和6N的合力范围为4N，8N，不可能为10N故C错误D、根据|F1F2|F|F1+F2|，20N30N的合力范围为10N，50N，可能为10N故D正确本题选不可能的，故选：C4在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么v0
16、和k分别等于（重力加速度g取10m/s2）（）A25m/s，1.25B40m/s，0.25C50m/s，0.25D80m/s，1.25【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动，对其进行受力分析，根据牛顿第二定律及匀减速直线运动的基本公式即可求解【解答】解：上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得：a=（k+1）g，根据h=at2得：a=12.5m/s2，所以v0=at=50m/s，而（k+1）g=12.5m/s2，所以 k=0.25 故选C5如图所示，一物体用一段细绳悬挂于O点而处于静止状态，现在用一个水平力F的作
17、用在物体上，使其缓慢偏离竖直位置，则其水平拉力F的大小变化情况说法正确的是（）A先变大，后变小B先变小，后又变大C一直变大D不断变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】物体缓慢偏离竖直位置，说明物体始终处于平衡状态，受力分析后找出不变的物理量画出平行四边形分析即可【解答】解：对物体受力分析并合成如图：因为物体始终处于平衡状态，故G始终等于G，大小和方向均不发生变化在物体缓慢偏离竖直位置的过程中细线与竖直方向的夹角逐渐变大，画出平行四边形如图所示，可以看出：力F逐渐变大，绳子的拉力也逐渐变大故选：C6用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳
18、能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取10m/s2）（）ABCD【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用【分析】将重力按照力的效果进行分解，即沿两细线的方向分解，求出绳子即将断开时的临界角度（两细线夹角）即可得出画框上两个挂钉的最大间距【解答】解：一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到F=10N的时候，绳子间的张角最大，为120，此时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图绳子与竖直方向的夹角为=60，绳子长为L0=1m，则有mg=2Fco
19、s，两个挂钉的间距离，解得m，A项正确；故选：A7如图所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零那么，质点沿各轨道下滑的时间相比较（）A质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，时间越短B质点沿着轨道AB下滑，时间最短C轨道与AB夹角越小（AB除外），质点沿其下滑的时间越短D无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均相同【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】设半径为R，斜面与竖直方向夹角为，则物体运动的位移为x=2Rcos，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据x=at2求解时间【解答】解：设半径为R，斜面与竖直
20、方向夹角为，则物体运动的位移为x=2Rcos，物体运动的加速度a=gcos，根据x=at2，则t=，与角无关而知道弦长和倾角也能算出半径，所以D正确，ABC错误故选：D8物体B放在物体A上，A、B的上下表面均与斜面平行（如图）当两者以相同的初速度靠惯性沿光滑固定斜面C向上做匀减速运动时（）AA受到B的摩擦力沿斜面方向向上BA受到B的摩擦力沿斜面方向向下CA、B之间的摩擦力为零DA、B之间是否存在摩擦力取决于A、B表面的性质【考点】力的合成与分解的运用；牛顿运动定律的综合应用【分析】先对A、B整体受力分析，求出加速度；再隔离出物体B，受力分析，根据牛顿第二定律列方程求未知力【解答】解：先对A、B
21、整体受力分析，受重力和支持力，合力沿斜面向下，根据牛顿第二定律，有（m1+m2）gsin=（m1+m2）a （为斜面的倾角）解得a=gsin 再隔离出物体B受力分析，受重力、支持力，假设有沿斜面向上的静摩擦力f，如图根据牛顿第二定律，有m2gsinf=m2a 由两式可解得f=0故A对B的摩擦力为零；故选：C9从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体A、B的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正确的是（）AA、B两个物体的加速度大小都在不断减小BA物体的加速度不断增大，B物体的加速度不断减小CA、B物体的位移都不断增大DA、B两个物体的平均速度大小都大于【考点】匀变速直线运动的图像
22、【分析】速度时间图象上图线切线的斜率表示该时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析【解答】解：A、B、速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体A和B的加速度都在不断减小，故A正确，B错误；C、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，A、B的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，故位移都不断增大，故C正确；D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果A物体做匀加速直线运动，从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于速度=，由左图看出，A实际的位移
23、大于匀加速直线运动的位移，所以A的平均速度大于；同理，B的平均速度小于，故D错误；故选：AC10如图（a），用一水平外力F推着一个静止在倾角为的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，着重力加速度g取10m/s2根据图（b）可知（）A物体的质量m=2kgB斜面的倾角=37C加速度为6m/s2时物体的速度v=18m/sD物体能静止在斜面上所施加的最小水平外力Fmin=12N【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息【解答】解：AB、对物体受
24、力分析，受推力、重力、支持力，如图x方向：Fcosmgsin=may方向：NFsinGcos=0解得从图象中取两个点（20N，2m/s2），（30N，6m/s2）代入式解得：m=2kg，=37因而选项A、B正确；C、题中并为说明力F随时间变化的情况，故无法求出加速度为6m/s2时物体的速度大小，因而C错误；D、当a=0时，可解得最小拉力：Fmin=15N，因而D错误；故选：AB二、填空题（本大题共3小题，每空2分，共20分）11在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O
25、、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s；用刻度尺量得OA=1.50cm、AB=1.90cm、BC=2.30cm、CD=2.70cm由此可知，纸带做匀加速（选填“匀加速”或“匀减速”）运动，打C点时纸带的速度大小为0.25m/s，整个过程中纸带的加速度为0.4m/s2【考点】测定匀变速直线运动的加速度【分析】根据纸带上相邻点的距离间隔判断小车的运动情况根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小【解答】解：他按打点先后顺序每5个点取1个计数点
26、，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，纸带上相邻计数点的距离在增大，而且相邻计数点的距离之差不变，所以纸带做匀加速运动利用匀变速直线运动的推论得：vC=0.25m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=0.4m/s2故答案为：0.1；匀加速；0.25；0.412在“探究求合力的方法”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤（1）为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到的实验数据如表：弹力F（N）0.501.001.502.002.503.003.50伸长量x（102 m）0.741.802.803.724.605.586.4
27、2用作图法做FX图并求得该弹簧的劲度系数k=55N/m；（2）某次实验中，弹簧秤的指针位置如图所示，其读数为2.10N【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）通过描点法作出图象，图象的斜率表示k；（2）读数时要估读一位，画出力的图示，作出平行四边形，对角线表示合力；【解答】解：（1）根据描点法作出图象如图所示：根据图象得：k=55N/m （2）弹簧秤的读数为：F=2+0.10N=2.10N故答案为：（1）55；（2）2.10；13在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计
28、算出（1）当M与m的大小关系满足Mm时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该作a与的图象（3）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a图线如图2所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？小车及车上的砝码的总质量不同（4）另一组的几名同学在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，当物体的质量一定时，分别根据实验数据画出了不同的实验图象，如图3所示，下列说法中正确的是ADA形成图甲的原因是平衡摩擦
29、力时长木板倾角过大B形成图乙的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小C形成图丙的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过大D形成图丁的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原
30、点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系（3）aF图象的斜率等于物体的质量，故斜率不同则物体的质量不同（4）aF图象时纵轴有截距是平衡摩擦力时长木板倾角过大，横轴有截距是平衡摩擦力时长木板倾角过小【解答】解：（1）以整体为研究对象有mg=（m+M）a解得a=，以M为研究对象有绳子的拉力F=Ma=mg，显然要有F=mg必有m+M=M，故有Mm，即只有Mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作aM图象；但a=，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原
31、点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a图象（3）由图可知在拉力相同的情况下a乙a丙，根据F=ma可得m=，即aF图象的斜率等于物体的质量，且m乙m丙故两人的实验中小车及车中砝码的总质量不同（4）AB、由图可知，当F=0时，a0，所以没有作用力时，小车已经有加速度，原因可能是平衡摩擦力时长木板倾角过大，故A正确，B错误；CD、由图可知，当F0时，a=0，原因可能是平衡摩擦力时长木板倾角过小，故C错误，D正确；故选：AD故答案为：（1）Mm； （2）； （3）小车及车上的砝码的总质量不同；（4）AD三、计算题（本大题共4小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计
32、算的要注明单位）14从离地面500m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）经过多长时间落到地面？（2）自开始下落计时，最后ls内的位移？【考点】自由落体运动【分析】（1）根据自由落体的位移公式求下落时间（2）根据自由落体的位移公式最后1s的位移可以用总位移减去最后1s之前的位移【解答】解：（1）由h=gt2，得落地时间为：s（2）因为从开始运动起前9 s内的位移为： m所以最后1 s内的位移为：h10=hh9=500405m=95m答：（1）经过10s时间落到地面；（2）自开始下落计时，最后ls内的位移是95m15如图所示，物体GA=40N，物体GB=20N，A与B、B与地
33、的动摩擦因数相同=0.2，物体B用细绳系住，现在用水平力F拉物体A，求这个水平力F至少要多大才能将A匀速拉出？【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】将A匀速拉出时，物体A和B均处于平衡状态对B受力分析，求出A对B的摩擦力，对A受力分析可知外力F等于B对A的摩擦力和地面对A的摩擦力之和，地面对A的摩擦力（GA+GB）代入有关数据可求得F的大小【解答】解：物体B对A压力 FN2=GB=20N，AB间的滑动摩擦力 Ff2=FN2=0.220=4N地面对A的支持力 FN1=GA+GB=60N，因此A受地面的摩擦力：Ff1=FN1=0.260N=12N以A物体为研究对象，其受力情
34、况如图所示：由平衡条件得：F=Ff1+Ff2=4N+12N=16N答：这个水平力F至少要16N才能将A匀速拉出16为了使航天员能适应在失重环境下的工作和生活，国家航天局组织对航天员进行失重训练现利用训练客机创造一种失重环境，训练客机沿30倾角爬升到7000米高空后飞机向上拉起，沿竖直方向以200m/s的初速度向上作匀减速直线运动，匀减速的加速度为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，仍沿竖直方向以加速度为g加速运动，在此两段时间内创造出完全失重环境，当飞机离地2000米高时为了安全必须拉起，后又可一次次重复为航天员失重训练为了防止飞机发生失速危险，每次飞机速度达到300m/s后必须终止失重训练（g
35、=10m/s2）求：飞机一次上下运动为航天员创造的完全失重的时间【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【分析】两个减速运动，已知初末速度，加速度，求时间，用公式v=v0+gt求解【解答】解：上升的时间为：掉头向下的时间为：所以一次上下创造的完全失重的时间为：t=t1+t2=20+30=50s答：飞机一次上下运动为航天员创造的完全失重的时间50s17如图所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F作用下，从A点由静止开始作匀加速运动，前进了0.45m抵达B点时，立即撤去外力此后小木块又前进0.15m到达C点，速度为零已知木块与斜面动摩擦因数=，木块质量m=1kg（g=10m/s2）求：（1）木块向上经过B
36、点时速度为多大？（2）木块在AB段所受的外力F多大？（3）撤去外力F后，木块返回A点时的速度多大？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）对小滑块加速和减速过程分别受力分析，加速过程受推力、重力、支持力和摩擦力，减速过程，推力撤销，其余力不变；然后对两个过程运用牛顿第二定律求出加速度，再根据速度位移公式列式求解；（2）依据第一问的解答，可以进一步得到外力F的大小；（3）木块下降过程，先受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度，再根据运动学公式求解木速度【解答】解：（1）小滑块加速过程受推力、重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有Fmgsinm
37、gcos=ma1小滑块减速过程受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsin+mgcos=ma2对于加速过程，根据运动学公式，有对于减速过程，根据运动学公式，同样有有解得v=1.5 m/sF=10 N故木块向上经过B点时速度为1.5m/s；（2）木块在AB段所受的外力F为10N；（3）木块下降过程受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsinmgcos=ma3根据速度位移公式，有解得vA=m/s即木块回到A点的速度v为答：（1）木块向上经过B点时速度为1.5m/s（2）木块在AB段所受的外力F为10N（3）撤去外力F后，木块返回A点时的速度为2017年1月18日高考资源网版权所有，侵权必究！
