1、南充高中20192020学年度上学期期中考试高2018级物理试题 总分100分，考试时间90分钟注：本次试题重力加速度g一律取10m/s2进行计算。第卷（共48分）一、选择题：（本题共12小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题，只有一项符合题目要求.第912题，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错、选多或不选的得0分。）1. 下面对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）A. 由电场强度的定义式E可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B. 由电容的定义式C可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 由电势差
2、的定义式UAB可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则UAB=1 VD. 由真空中点电荷的电场强度公式Ek 可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关2在示波管中，电子枪2s内发射了6.01013个电子，则示波管中电流为（ ）A. 9.6106A B. 3.0103A C. 4.8106A D. 3.0106A3如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为。则AB两点的电势差为（ ）A0 BELcos CEL DELsin4如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球、（均可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静
3、电力作用下处于静止状态，则以下判断正确的是（ ）A. 对的静电力一定是引力B. 对的静电力可能是斥力C. 的电荷量可能比的少 D. 的电荷量一定比的少5电流表的内阻是Rg200 ，满刻度电流值是Ig500 A，现欲把此电流表改装成量程为1 V的电压表，正确的方法是（ ）A应串联一个0.1 的电阻 B应并联一个0.1 的电阻C应串联一个1 800 的电阻 D应并联一个1 800 的电阻6如图所示，在等量异种或等量同种点电荷的电场中，有分别距两个点电荷连线中点O等距的a、b两点，将同一负电荷分别放在a点和b点，其中在两点受到的电场力和具有的电势能都相同的是（ ）A B C D7. 如图所示，a、b
4、、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，abcdL，adbc2L，电场线与矩形所在的平面平行。已知a点电势为20 V，b点电势为24 V，d点电势为12 V。一个质子从b点以速度v0射入此电场，入射方向与bc成45角，一段时间后经过c点。不计质子的重力。下列判断正确的是（ ）A. c点电势高于a点电势 B. 场强的方向由b指向dC. 质子从b运动到c所用的时间为 D. 质子从b运动到c，电场力做功为4 eV8. 如图所示，E为电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和
5、U.现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（ ）AI1增大，I2不变，U增大BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大DI1减小，I2不变，U减小9传感器是一种采集信息的重要器件。如图所示是一种测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器。可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容。现将此电容式传感器与灵敏电流表和电源串联成闭合电路，在待测压力增大过程中，以下说法正确的是（ ）A. 电容器的电容将减小 B. 电容器的电荷量将增加C. 灵敏电流表中有向左的电流 D. 灵敏电流表中有向
6、右的电流甲 乙10. 如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力)，两板间距离足够大。当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在下图中，反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律可能正确的是（ ）A. B. C. D. 11. 如图所示的电路中，输入电压U恒为12 V，灯泡L上标有“6V，12 W”字样，电动机线圈的电阻RM0.50 .若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（ ）A电动机的输入功率为12 W B电动机的输出功率为12 WC电动机的热功率为2.0 W D整个电路消耗的电功率为22 W12. 如图，圆O所在平面内有匀强电场存在，电场方向与圆面平行。一个带正电
7、荷的微粒（不计重力）从图中A点出发，以相同的初动能12J在圆内向各个方向运动，已知图中AB是圆的一条直径，BAC=30，只有当该微粒从图中C点处离开圆面时的动能才能达到最大值24J，则（ ）A. 电场沿OC方向 B. 电场沿AC方向C. 若粒子从B点离开，其动能为18J D. 若粒子从B点离开，其动能为20J第卷（共58分）二、填空题（本题共14分：其中13.（2），14.（2）为每空2分以外，其余每空均为1分。把答案填在相应的横线上。）13. 通过实验描绘：一个“2.5V，0.2W”小灯泡的伏安特性曲线，可供选择的仪器有A. 00.6A，电阻约为0.2的电流表 B. 0100mA，电阻约为5
8、的电流表C. 03V，电阻约为10K的电压表 D. 015V，电阻约为50K的电压表E. 最大电阻为20额定电流为1.0A的滑动变阻器F. 最大电阻为1K额定电流为0.1A的滑动变阻器G. 蓄电池6V、导线、电键（1）要求实验灯泡电压从零逐渐增大到额定电压。电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器选_.（均填写前面的字母序号）（2）画出电路图在下面方框内。（3）按照电路开始实验，接通电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的IU图象可能是( )（4）分析小灯泡的IU曲线，可知小灯泡的电阻随电流I变大而_ (填
9、“变大”、“变小”或“不变”) 14.在“测定电源的电动势和内电阻”的实验中，已连接好实验电路（1）按如图所示的电路图连好实验电路为避免烧坏电流表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端(选填“左”或“右”)（2）如图是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E_ V，内阻r_ .（3）在其他操作规范的情况下，该实验误差产生的主要原因是_，测得电源的电动势_(填“偏大”或“偏小”)三、计算题（本题共3小题，共38分：第15题12分、第16题12分、第17题14分。按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出
10、数值和单位。）15. 如图所示，电路中接电动势为4V，内电阻为2 的直流电源，电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为4，电容器的电容为30F ，电流表的内阻不计，当电路稳定后 （1）求电流表的读数； （2）求电容器所带的电荷量； （3）如果断开电源，求通过R2 的电荷量16. 如图所示，在E103 V/m的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道QPN与一水平绝缘轨道MN在N点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径R40 cm，N为半圆形轨道最低点，P为QN圆弧的中点，一带负电q104 C的小滑块质量m10 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.15，位于N点右侧1.5 m的M处，g取10 m/s
11、2，求：（1）小滑块从M点到Q点电场力做的功；（2）要使小滑块恰能运动到半圆形轨道的最高点Q，则小滑块应以多大的初速度v0向左运动？（3）这样运动的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？17. 如图，空间有一竖直向下沿x轴方向的静电场，电场的场强大小按分布（x是轴上某点到O点的距离）。x轴上，有一长为L的绝缘细线连接均带负电的两个小球A、B，两球质量均为m，B球带电荷量大小为q，A球距O点的距离为L。两球现处于静止状态，不计两球之间的静电力作用。（1）求A球的带电荷量大小qA；（2）剪断细线后，求B球下落速度达到最大时，B球距O点距离为x0；（3）剪断细线后，求B球下落最大高度h。高2018 级
12、半期考试物理试题答案一、 选择题题号123456789101112答案DCBACCCBBC源:.ComADACAD二、填空题(本题共14分，其中13.（2），14.（2）为每空2分以外，其余每空均为1分。把答案填在相应的横线上)13. C B E （分压式 外接法） 见右图 C (4) 变大， 小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大。14. (1)左(2)2.942.97 V，0.700.75 (3)电压表内阻分流，偏小三、计算题（本题共3小题，共38分：第15题12分、第16题14分、第17题12分、第18题12分。按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不
13、能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15. 【答案】（1）0.4A ； （2）4.810-5C ； （3）【解析】（1） 2分（2） U3=IR3=0.44V=1.6V 2分 Q=CU3=4.810-5C 2分（3）因R1、R2并联，且R1=R2，所以在放电回路中通过R2的电量为2分16. 【答案】(1) - 0.08J ; (2) 7 m/s ; （3）0.6 N【解析】（1）W=qE2R , W= - 0.08J(2)设小滑块到达Q点时速度为v，由牛顿第二定律得mgqEm ,小滑块从开始运动至到达Q点过程中，由动能定理得mg2RqE2R(mgqE)xmv2mv,联立方程组，解得：v07m/s.(3)设小滑块到达P点时速度为v，则从开始运动至到达P点过程中，由动能定理得(mgqE)R(qEmg)xmv2mv又在P点时，由牛顿第二定律得FNm 代入数据，解得：FN0.6N由牛顿第三定律得，小滑块通过P点时对轨道的压力FNFN0.6N.17. （1）qA=6q （2）x0=4L （3）h=4L【解析】（1）对A、B由整体法得：2mgqAq=0，解得：qA=6q（2）当B球下落速度达到最大时，由平衡条件得mg=qE=qx0，解得：x0=4L（3）运动过程中，电场力大小线性变化，所以由动能定理得：mgh=0 解得：
