1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（5）一、单项选择题：每题6分，30分1如图甲所示，一个质量为3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动，在03s时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图乙所示，则（）AF的最大值为12NB01s和23s内物体加速度的方向相反C3s末物体的速度最大，最大速度为8m/sD在01s内物体做匀加速运动，23s内物体做匀减速运动2如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO段水平，长度为L；绳子上套一可沿
2、绳滑动的轻环现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L则钩码的质量为（）A MB MC MD M3将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2说法中正确的是（）A小球上升与下落所用时间之比为2：3B小球下落过程，处于超重状态C小球重力和阻力之比为5：1D小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失4如图所示，木块A质量为1kg，木块B的质量为2kg，叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1N，地面光滑，重力加速度g=10m/s2现用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过（）A6
3、 NB5 NC4 ND3 N5如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）AN1始终减小，N2始终增大BN1始终减小，N2始终减小CN1先增大后减小，N2始终减小DN1先增大后减小，N2先减小后增大二、多项选择题：每题6分，共18分6如图所示，两光滑斜面的倾角分别为30和45，质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦），分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放，则在上述两种情形中正确的有（）A
4、质量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B质量为m的滑块均沿斜面向上运动C两种情形中绳的拉力大小相同D系统在运动中机械能均守恒7我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（）A该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火减速B该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能C该卫星在轨道2上稳定运行时，P点的速度小于Q点
5、的速度D该卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度8如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g则（）Aa落地前，轻杆对b一直做正功Ba落地时速度大小为Ca下落过程中，其加速度大小始终不大于gDa落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg二.非选择题9用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为N/cm；用这根弹簧和弹簧
6、秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为cm；用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合=N10某实验小组利用如图1所示的装置来探究“合外力一定时物体的加速度与质量之间的关系”实验中交流电频率50Hz若实验中认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，则需满足小组同学按图所示安装好装置后，将轨道右端适当垫起，来平衡阻力请指出不合理之处正确操作后，小组同学在小桶里加适当的物体，拉动小车加速运动某次实验打出了一条纸带如图2所示从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离（单位cm）该次实验小车
7、的加速度a= m/s2（结果保留三位有效数字）若某小组同学重物根据测得数据画出a图象如图3所示，原因是11某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为
8、多少？12如图所示一倾角为30光滑的斜面，下端与一段很短的光滑弧面相切，弧面另一端与水平传送带相切，水平传送带以5m/s顺时针转动；今有质量为1kg的物体（可视为质点）从斜面上高度为h=0.8m处滑下；物体在弧面运动时不损失机械能，而且每次在弧面上运动时间极短可以忽略已知传送带足够长，它与物体之间的滑动摩擦因数为0.5取g=10m/s2求：（1）水平传送带至少多长，物体才不会从左端滑出（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间13以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是（）A紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随
9、之增大B有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期C氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大D天然放射现象说明原子核内部是有结构的E重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能14如图所示，在光滑的水平面上放置一个质量为2m的木板B，B的左端放置一个质量为m的物块A，已知A、B之间的动摩擦因数为，现有质量为m的小球以水平速度v0飞来与A物块碰撞后立即粘住，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A可视为质点，求（1）物块A相对B静止后的速度大小；（2）木板B至少多长201
10、5-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（5）参考答案与试题解析一、单项选择题：每题6分，30分1如图甲所示，一个质量为3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动，在03s时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图乙所示，则（）AF的最大值为12NB01s和23s内物体加速度的方向相反C3s末物体的速度最大，最大速度为8m/sD在01s内物体做匀加速运动，23s内物体做匀减速运动【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】物体做加速运动时加速度方向与速度方向相同，加速度的大小与合外力成正比物体的加速度保持恒定，则其所受合外力
11、恒定【解答】解：A、第3s内物体加速度恒定，故所受作用力恒定，根据牛顿第二定律知F合=ma知合外力为12N，由于物体在水平方向受摩擦力作用，故作用力大于12N，故A错误；B、物体在力F作用下由静止开始运动，加速度方向始终为正，与速度方向相同，故物体在前3s内始终做加速运动，第3s内加速度减小说明物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故B错误；C、因为物体速度始终增加，故3s末物体的速度最大，再根据v=at知速度的增加量等于加速度与时间的乘积，在at图象上即为图象与时间轴所围图形的面积，v=（1+3）4=8m/s，物体由静止开始加速运动，故最大速度为8m/s，所以C正确；D、第2s内的物体的加速
12、度恒定，物体做匀加速直线运动，在01s内物体做加速增大的加速运动，23s内物体做加速度减小的加速运动，故D错误；故选：C2如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO段水平，长度为L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L则钩码的质量为（）A MB MC MD M【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】由几何关系求出环两边绳子的夹角，然后根据平行四边形定则求钩码的质量【解答】解：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为30，则环两边绳子的夹角为60，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合
13、力为Mg，根据平衡条件，则钩码的质量为M故选：D3将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2说法中正确的是（）A小球上升与下落所用时间之比为2：3B小球下落过程，处于超重状态C小球重力和阻力之比为5：1D小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失【考点】功能关系；牛顿第二定律【分析】根据图象可以得到上升过程中的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得阻力的大小，从而得到重力与阻力之比由牛顿第二定律求得小球下降过程的加速度的大小，利用位移时间的关系可以求得运动的时间关系，利用功的公式可以分
14、析克服阻力做的功关系，从而得到机械能损失的关系【解答】解：A、根据图象可得，小球上升的过程中，加速度的大小为：a上=m/s2=12m/s2根据牛顿第二定律可得：mg+f=ma，解得阻力大小为：f=mamg=1（1210）N=2N在下降的过程中，加速度的大小为：a下=8m/s2上升和下降位移大小相等，根据x=at2可得运动的时间为：t=，所以时间之比为小球上升与下落所用时间之比为： =，故A错误；B、小球下落过程，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C、小球重力和阻力之比为 G：f=mg：f=10：2=5：1，故C正确；D、机械能损失等于克服阻力做功的大小，在上升和下降的过程中，阻力的大小不变，
15、高度相同，所以克服阻力做的功也相同，机械能的损失也相同，故D错误；故选：C4如图所示，木块A质量为1kg，木块B的质量为2kg，叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1N，地面光滑，重力加速度g=10m/s2现用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过（）A6 NB5 NC4 ND3 N【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】要使AB能保持相对静止，由题意可知当F最大时，AB间的摩擦力应刚好为最大静摩擦力，则以A为研究对象可求得两物体共同运动时所具有的最大加速度；再用整体法可求得F的最大值【解答】解：对A有：Fmax=mAamax；代入数据解得：amax=1m/s2；对整
16、体有：F=（mA+mB）amax；代入数据解得：F=3N；故选：D5如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）AN1始终减小，N2始终增大BN1始终减小，N2始终减小CN1先增大后减小，N2始终减小DN1先增大后减小，N2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据牛顿第三定律得知，墙面和木板对球的压力大小分别等于球对墙面和木板的支持力大小，根据平衡条
17、件得到两个支持力与的关系，再分析其变化情况【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1和木板的支持力N2根据牛顿第三定律得知，N1=N1，N2=N2根据平衡条件得：N1=Gcot，N2=将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，增大，cot减小，sin增大，则N1和N2都始终减小，故N1和N2都始终减小故选B二、多项选择题：每题6分，共18分6如图所示，两光滑斜面的倾角分别为30和45，质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦），分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放，则在上述两种情形中正确的有（）A质
18、量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B质量为m的滑块均沿斜面向上运动C两种情形中绳的拉力大小相同D系统在运动中机械能均守恒【考点】机械能守恒定律；物体的弹性和弹力【分析】对两个滑块受力分析，先加速静止不动，得到两边对细线的拉力大小，得到运动情况；机械能守恒的判断可以从能量转化的角度来分析【解答】解：A、两个滑块都受到重力、支持力和拉力，下滑趋势是重力的作用效果，故A错误；B、由于2m的物体的重力的下滑分量总是较大，故质量为m的滑块均沿斜面向上运动，故B正确；C、根据牛顿第三定律，绳对质量为m滑块的拉力均等于该滑块对绳的拉力，故C正确；D、系统减小的重力势能完全转
19、化为动能，无其他形式的能量参与转化，故机械能守恒，故D正确；故选：BCD7我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（）A该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火减速B该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能C该卫星在轨道2上稳定运行时，P点的速度小于Q点的速度D该卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度【考点】人造卫星的加速
20、度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】在1圆轨道变轨到2椭圆轨道的过程中，需要加速做离心运动，速度可能大于7.9km/s卫星在轨道2上从远地点向近地点运动的过程中机械能守恒由轨道2变为轨道3需要在远地点点火加速做离心运动【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：G=m，解得：v=A、卫星从轨道1变轨到轨道2时要做离心运动，需要在P处点火加速，故A错误；B、卫星在轨道2上运行时机械能守恒卫星从轨道2变轨到轨道3时要做离心运动，需要在Q处点火加速，机械能增大，所以该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能，故B正
21、确C、该卫星在轨道2上稳定运行时，根据开普勒第二定律可知，近地点P点的速度大于远地点Q点的速度，故C错误；D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：G=ma得：a=，所以卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道3上经过Q点的加速度，故D错误故选：B8如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g则（）Aa落地前，轻杆对b一直做正功Ba落地时速度大小为Ca下落过程中，其加速度大小始终不大于gDa落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg【考点】功能关系【分析】a、b组成的系统只有
22、重力做功，系统机械能守恒，通过b的动能变化，判断轻杆对b的做功情况根据系统机械能守恒求出a球运动到最低点时的速度大小【解答】解：A、当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b先做正功，后做负功故A错误B、a运动到最低点时，b的速度为零，根据系统机械能守恒定律得：mAgh=mAvA2，解得：vA=故B正确C、b的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b对a的作用力就先是阻力后是动力，所以在b减速的过程中，b对a是向下的拉力，此时a的加速度大于重力加速度，故C错误；D、a、b整体的机械能守恒，当a的机械能最小时
23、，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，b只受到重力的作用，所以b对地面的压力大小为mg，故D正确；故选：BD二.非选择题9用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为0.2N/cm；用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为10.5cm；用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合=2.96N【考点】验证力的平行四边形定则【分析】使用弹簧秤时不
24、能超过弹簧的弹性限度；根据胡克定律，通过图线的斜率求出弹簧的劲度系数根据弹簧秤示数运用胡克定律求解弹簧的伸长量【解答】解：用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，根据胡克定律得图线的斜率表示劲度系数，则k=0.2N/cm；用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，弹簧秤示数为2.10N，则此时弹簧的伸长量为x=10.5cm，用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合=2.10=2.96N故答案为：（1）弹性限度；0
25、.2；10.5；2.9610某实验小组利用如图1所示的装置来探究“合外力一定时物体的加速度与质量之间的关系”实验中交流电频率50Hz若实验中认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，则需满足小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量小组同学按图所示安装好装置后，将轨道右端适当垫起，来平衡阻力请指出不合理之处平衡摩擦力时，不能挂着小桶正确操作后，小组同学在小桶里加适当的物体，拉动小车加速运动某次实验打出了一条纸带如图2所示从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离（单位cm）该次实验小车的加速度a=0.155 m/s2（结果保留三位有效数字）若某小组同学重物根据测得数据画出a
26、图象如图3所示，原因是重物质量过大【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】实验中当小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量，认为绳子的拉力等于小车的合力，平衡摩擦力时不能挂着小桶、砝码根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，结合a图线得出加速度与质量的关系【解答】解：根据牛顿第二定律可知，当小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量时，认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，平衡摩擦力时不能挂着小桶、砝码，应该让小车拖着纸带运动根据x=aT2，运用逐差法得，a=0.155m/s2设小车的加速度为a，绳子拉力为F，以砝码和砝码盘为研究对象得：mgF=ma以小车为研究对象有：
27、F=Ma解得：a=故：F=Ma=所以要使得绳子拉力等于砝码和砝码盘的重力大小，必有mM，而不满足mM时，随m的增大物体的加速度a逐渐减小；故答案为：小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量；平衡摩擦力时，不能挂着小桶；0.155；重物质量过大11某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53=0.8，co
28、s53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】（1）根据速度位移公式求出打开降落伞前人下落的高度（2）抓住平衡，根据kv=（m1+m2）g求出阻力系数，根据牛顿第二定律求出加速度的大小（3）对人分析，根据牛顿第二定律求出拉力的大小【解答】解：（1）根据速度位移公式得：，（2）最后匀速下降时有：kv=（m1+m2）g代入数据解得：k=200Ns/m打开伞瞬间对整体：kv0（m1+m2）g=（m1+m2）a解得： =30m/s2方向竖直向上（3）设
29、每根绳拉力为T，以运动员为研究对象有：8Tcosm1g=m1a，解得：T=N=312.5N由牛顿第三定律得：悬绳能承受的拉力为至少为312.5N答：（1）打开降落伞前人下落的距离为20m；（2）求阻力系数k为200N/m，打开伞瞬间的加速度a的大小为30m/s2，方向竖直向上（3）悬绳能够承受的拉力至少为312.5N12如图所示一倾角为30光滑的斜面，下端与一段很短的光滑弧面相切，弧面另一端与水平传送带相切，水平传送带以5m/s顺时针转动；今有质量为1kg的物体（可视为质点）从斜面上高度为h=0.8m处滑下；物体在弧面运动时不损失机械能，而且每次在弧面上运动时间极短可以忽略已知传送带足够长，它
30、与物体之间的滑动摩擦因数为0.5取g=10m/s2求：（1）水平传送带至少多长，物体才不会从左端滑出（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用【分析】（1）根据物体在斜面上的受力和下滑高度，根据牛顿第二定律和运动学规律求得物体滑上传送带的速度，再根据速度时间和位移时间关系求得物体速度减小为零时在水平方向产生的位移即为传送带的最小长度；（2）由牛顿第二定律求出加速度，然后应用匀变速直线运动的速度位移公式与速度公式分析答题【解答】解：（1）设物体滑上水平传送带初速度为v，由牛顿第二运动定律：mgsin=ma由匀变速直线运动规律：代入数据得
31、v=物体滑上传送带后作减速运动，由牛顿第二定律得加速度大小为a=所以物体在传送带上减速到零的时间为物体对地的位移为水平传送带至少1.6m，物体才不会从左端滑出；（2）由（1）分析知，传送带足够长，物体速度为零后再反向加速运动，加速到末速度为v=4m/s时，反向加速的时间：所以在传送带上运动来回的时间为t=0.8+0.8s=1.6s答：（1）水平传送带至少为1.6m长，物体才不会从左端滑出；（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间为1.6s13以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是（）A紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的
32、最大初动能也随之增大B有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期C氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大D天然放射现象说明原子核内部是有结构的E重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；天然放射现象；重核的裂变【分析】入射光的强度决定光电流的大小，核子结合成原子核时伴随巨大能量产生，半衰期是个统计规律氢原子从高能级到低能级辐射光子，放出能量，能量不连续，轨道也不连续，由较高能级跃迁到较低能级时，电子的动能增大，电势能减小【解答】解：A、
33、光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与光的强度无关，A错误；B、半衰期是大量原子核显现出来的统计规律，对少量的原子核没有意义，故B错误C、根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，半径减小，则速度增大，同时电子的动能增大，电势能减小，故C正确；D、天然放射现象说明原子核内部是有结构的，故D正确；E、重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能，故E正确；故选：CDE14如图所示，在光滑的水平面上放置一个质量为2m的木板B，B的左端放置一个质量为m的物块A，已知A、B之间的动摩擦因数为，现有质量为m的小球以水平速度v0飞来与A物块碰撞后立即粘住
34、，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A可视为质点，求（1）物块A相对B静止后的速度大小；（2）木板B至少多长【考点】动量守恒定律【分析】小球与A碰撞过程中动量守恒，三者组成的系统动量也守恒，结合动量守恒定律求出物块A相对B静止后的速度大小对子弹和A共速后到三种共速的过程，运用能量守恒定律求出木板的至少长度【解答】解：设小球和物体A碰撞后二者的速度为v1，三者相对静止后速度为v2，规定向右为正方向，根据动量守恒得，mv0=2mv1，2mv1=4mv2 联立得，v2=0.25v0当A在木板B上滑动时，系统的动能转化为摩擦热，设木板B的长度为L，假设A刚好滑到B的右端时共速，则由能量守恒得， 联立得，L=答：（1）物块A相对B静止后的速度大小为0.25v0；（2）木板B至少为2016年8月1日高考资源网版权所有，侵权必究！
