1、高考资源网（） 您身边的高考专家乌鲁木齐市第七十中学高二物理2019-2020学年期中试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分；在每小题给出的四个选项中，第1-6小题只有一项符合题目要求，第7-12小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.如图甲所示为一台小型发电机构造的示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间按余弦规律变化，其图象如图乙所示。发电机线圈的内阻为1，外接灯泡的电阻为9，则（）A. 在1.0102s时刻电压表的示数为0VB. 发电机的输出功率为3.24WC. 在1.0102s时刻，穿过线圈的磁通量最小D. 在2.0102s
2、时刻，穿过线圈的磁通量变化率最小【答案】B【解析】【详解】A 由图象可知，电动机电压的最大值为，那么有效电压就是6V，电压表测量的是灯泡的电压，所以电压为故A错误；B 发电机的输出功率为故B正确；C 在1.0102s时刻，感应电动势最小，穿过线圈的磁通量最大，故C错误；D 在2.0102s时刻，感应电动势最大，穿过线圈的磁通量变化率最大，故D错误。故选B。2.如图所示是一交变电流的图象，则该交变电流的有效值为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】设交流电电流的有效值为，周期为，电阻为，则有：代入数据解得：A 与分析不符，故A错误；B 与分析不符，故B错误；C 与分析不符，故C
3、错误；D 与分析相符，故D正确。故选：D。3.梳子在梳头后带上电荷，摇动这把梳子在空中产生电磁波。该电磁波（）A. 一定是横波B. 不能在真空中传播C. 只能沿着梳子摇动的方向传播D. 在空气中的传播速度约为3107m/s【答案】A【解析】【详解】A 根据电磁波的特点可知，电磁波为横波。故A正确；B 电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播。故B错误；C 电磁波产生后，可以在任意方向传播。故C错误；D 电磁波传播的速度在真空中等于光速，在空气中的传播速度约为3108m/s。故D错误。故选A。4.如图所示，矩形线圈面积为S，匝数为N，线圈电阻为r，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕OO轴以角速度匀速转
4、动，外电路电阻为R，当线圈由图示位置转过90的过程中，下列说法正确的是（）A. 磁通量的变化量B. 平均感应电动势C. 电阻R所产生的焦耳热Q=D. 通过电阻R的电量为q=【答案】B【解析】【详解】A 在此过程中，穿过线圈的磁通量变化量为=BS；故A错误；B 经历时间由平均电动势公式故B正确；C 产生的感应电动势的最大值为Em=NBS，电动势的有效值为由闭合电路欧姆定律得，回路中电流的有效值为该过程中电阻R上产生的热量为故C错误；D 通过R的电荷量故D错误。故选B。5.甲、乙两个理想变压器，它们原、副线圈的匝数比及连接方式如图所示。已知甲的输入电压是220V，负载中每个电阻R的阻值均为11，若
5、输电导线的电阻略去不计，则甲的输入电流和输入功率分别是（）A. 10A，330WB. 10A，3300WC. 15A，330WD. 15A，3300W【答案】D【解析】【详解】由原副线圈的电压与匝数成正比，可得：理想变压器乙上面的副线圈电压为440V，后一级副线圈电压为110V，则电阻R的功率为1100W。而理想变压器乙下面的副线圈有两电阻R，其电压为110V，功率均为1100W所以理想变压器甲的原线圈的输入功率是3300W。再由理想变压器甲的输入电压220V，可求得输入电流为15A。故D正确ABC错误。故选D。6.理想变压器的原副线圈的端电压之比为3：1，图中有四个完全相同的灯泡，若L2、L
6、3、L4都正常发光，则灯泡L1一定（）A. 正常发光B. 比正常发光时暗一些C. 比正常发光时亮，并有可能烧毁D. 条件不足，无法判断【答案】A【解析】【详解】因为L2、L3、L4都正常发光，则副线圈电流为3I额，根据灯泡L1的电流为I额，所以一定正常发光。故A正确BCD错误。故选A。7.如图所示是一列简谐波的图象，下列关于该图象的说法中正确的是（）A. 这一定是一列横波的图象B. 这可能是一列纵波的图象C. 波中各个质点都一定竖直方向振动D. 波中各个质点可能在水平面内振动【答案】BD【解析】【详解】AB根据图像无法判断是横波还是纵波，故A错误B正确；CD故波中各个质点可能在水平面内振动，故
7、D正确C错误。故选BD。8.如图所示，实线为简谐波在时刻t的图象，虚线为简谐波经t时间后的图象，则下列说法中正确的是（）A. 这列简谐波可能沿x轴正向传播B. 这列简谐波一定沿x轴负向传播C. 实线上的质点a经t时间后位于虚线上的a1位置D. 实线上的质点a经t时间后位于虚线上的a2位置【答案】AC【解析】【详解】AB 根据波形平移法可知，这列简谐波可能沿x轴正向传播，也可能沿x轴负向传播，故A正确B错误；CD 简谐横波传播的过程中，实线上的质点a只上下振动，并不随波向前移动，所以质点a经过t时间后不可能位于虚线上a2位置，只可能位于虚线上的a1位置。故C正确D错误。故选AC。9.一列简谐波在
8、某一时刻的波形如图所示，质点M在该时刻的振动速度为v，经过0.2s，M点振动速度仍为v，再经过0.2s，M的速度为-v，则该波（）A. 向左传播，波速为10m/sB. 向左传播，波速为5m/sC. 向右传播，波速为15m/sD. 向右传播，波速为7.5m/s【答案】B【解析】【详解】质点M在图示时刻的振动速度为v，如果M点向上运动，经过0.2s，M点振动速度仍为v，应该是先向上到最大位移、后向下到负的最大位移、最后再向上到达与M点关于平衡位置对称点M；再经过0.2s，M的速度变为-v，应该是从M向上到最大位移、再返回到M；结合简谐运动的特点，两段时间不应该相等，应该是前一段时间长，故M点不是向
9、上运动；故质点M在图示时刻向下运动，振动速度为v，经过0.2s，M点振动速度仍为v，应该是到达关于平衡位置对称点M；再经过0.2s，M的速度变为-v，应该是从M向下到负的最大位移、再返回M点；故周期为：T=2（0.2s+0.2s）=0.8s质点M在图示时刻的振动速度向下，结合波形平移法可知波形向左平移；波速：故B正确ACD错误。故选B。10.黄、红、绿三种单色光以相同的入射角到达介质和空气的界面。若黄光恰好发生全反射，则（）A. 绿光一定能发生全反射B. 红光一定能发生全反射；C. 绿光在该介质中波长最短D. 只有红光从介质进入空气。【答案】ACD【解析】【详解】ABD 根据折射定律可知折射率
10、最大的是绿光，最小的是红光，由临界角公式，临界角最小的是绿光，最大的是红光，由于黄光恰好发生全反射，所以入射角大于绿光的临界角，因此绿光一定发生光的全反射，由于黄光恰好发生全反射，所以入射角小于红光的临界角，红光一定不发生光的全反射。所以只有红光从介质进入空气。故AD正确B错误；C 由v=与可得，同种光，介质折射率越大的，波长越小，所以绿光在介质中的波长最短，故C正确。故选ACD。11.如图所示为一束光线穿过介质、时的光路，则A. 介质的折射率最大B. 介质的折射率最大C. 介质的折射率最大D. 光在介质中传播速度最大【答案】CD【解析】【详解】由图可知，介质、相比较，n1n2，介质、相比较，
11、n2n3，据光的可逆性知，光从射向或从射向时，入射角相等，从折射角上可判断n3n1，所以有n3n1n2，选项AB错误，C正确；的折射率最小，根据可知，光在介质中传播速度最大，选项D正确12.为了减少光学元件的反射损失,可在光学元件表面镀上一层增透膜,利用薄膜的干涉相消来减少反射光.如果照相机镜头所镀膜对绿光的折射率为n,厚度为d,它使绿光在垂直入射时反射光完全抵消,那么绿光在真空中的波长0为A. B. C. 4dD. 4nd【答案】D【解析】本题考查薄膜干涉设绿光在膜中的波长为，则由d=/4，得=4d；则绿光在真空中的波长为：0=n=4nd故选D点睛：光透射能力是由薄膜的厚度决定，当厚度正好使
12、得两反射光的光程差等于半个波长，出现振动减弱的现象此时光的透射性最强二、实验题（本题共3小问，第一小问2分，其余每空3分，共8分。答案写在答卷上。）13.在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上螺旋测微器的读数如右图为_mm然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，由手轮上的螺旋测微器再读出一读数若实验测得第1条亮纹与第6条亮纹中心间的距离x=11.550mm，双缝到屏的距离l=0.70m，已知双缝间距d =0.20mm计算该光波波长的计算表达式为 =_，由实验数据代入表达式求得所测光的波长为_m（保留
13、两位有效数字）【答案】 (1). 1.6111.615 (2). (3). 6.610-7【解析】【详解】主尺读数为1.5mm，可动刻度为11.30.01=0.113mm,所以读数为1.5mm+11.30.01mm=1.613mm由可知代入数据可得=6.610-7m三、计算题（本题共4小题，共44分。答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）14.如图所示，一束单色光射入一半径为0.2m玻璃球体，入射角为60，已知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行。求：做出光路图并求此玻璃的折射率；光在
14、玻璃球内的传播时间。【答案】此玻璃的折射率为；光在玻璃球内的传播时间为410-9s。【解析】【详解】作出光路图，如图所示：由于60=2r，故r=30故折射率：光在玻璃中传播的距离为：在玻璃中的传播速度为：故在玻璃中传播时间为：15.如图所示为一输电系统，A地有一台升压变压器，B地有一台匝数比为10:1的降压变压器，降压变压器副线圈上的电流为100A，输出功率是12kW,A、B两地输电线的电阻是20，求：（1）升压变压器输出端的电压；（2）若不用变压器，要在B地得到同样大小的电流和电功率，那么在A地要用多大的电压将电能输出？（3）两情况下输电线上损失功率之比是多少？【答案】（1）1400V（2）
15、2120V（3）1：100【解析】【详解】（1）降压变压器输出端电压所以由得由可得输电线上损失的电压为()所以升压变压器输出端的电压（2）若不用变压器，B处电压线路压降所以A处电压为（3）有变压器时，线路损耗功率无变压器，线路消耗功率所以两情况下输电线上损耗功率之比为16.劲度系数k=40N/m的轻弹簧，一端拴在竖直墙上，另一端拴物体A，A的质量mA=0.2kg，在A的上表面放有质量mB=0.1kg的物体B，如图所示，已知水平地面光滑，A和B之间的最大静摩擦力Fm=0.2N，若要使A、B两物体一起做简谐运动，则振幅的最大值是多少？【答案】0.015m【解析】【详解】设位移为x，对整体受力分析，
16、受重力、支持力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律，有：kx=（mA+mB）a对B物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供回复力，根据牛顿第二定律，有：f=mBa，fFm联立解得：17.如图所示，实线为简谐波在t时刻的图线，虚线为波在（t+0.01）s时刻的图线，若波速为100m/s。(1)指出简谐波的传播方向(2)x=1m处的质点在此0.01s内的位移多大？方向如何？(3)x=1m处的质点在此0.01s内的平均速度多大？方向如何？【答案】(1) 向右传播；(2) 位移为0.05m，位移方向为y轴正方向；(3) 5m/s，方向为y轴正方向。【解析】【详解】(1) 若波速为100m/s，在0.01s时间内波传播的距离故根据图像可知，波向右传播。(2)根据以上分析可知，波传播了 ，故x=1m处的质点在此0.01s内的位移为0.05m，位移方向为y轴正方向。(3) x=1m处的质点在此0.01s内的平均速度方向为y轴正方向。- 13 - 版权所有高考资源网
