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云南省曲靖市沾益四中2020届高三(重点班)上学期周测数学(理)试卷 WORD版含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:83752 上传时间:2024-05-25 格式:DOC 页数:17 大小:1.36MB
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资源描述

1、理数一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1设全集为R,集合,则A B C D 2若,则A. B. C. D. 3已知数列an各项都是正数,且满足,则数列an的前3项的和等于A7 B15 C31 D634古希腊数学家希波克拉底研究过这样一个几何图形(如图):分别以等腰直角三角形的三边为直径作半圆.则在整个图形内任意取一点,该点落在阴影部分的概率为A B C D5. 的展开式中含的项的系数为A. -8B. -6C. 8D. 66已知函数的图象在点处的切线经过坐标原点,则A. B. C. D. 7函数的图象大致形状为如图,几何体是一个三

2、棱台,在6个顶点中取3个点确定平面,且,则所取的这3个点可以是A B C D9.某程序框图如图所示,其中,若输出的,则判断框内可以填入的条件为 An2020?Bn2020?Cn2020?Dn2020?10. 双曲线C:的右焦点为F,点P在C的一条渐近线上,O为坐标原点,若,则PFO的外接圆方程是A. B. C. D. 11已知函数,则A. B. C. D. 12已知函数(0),且都有,满足的实数有且只有个,给出下述四个结论:满足题目条件的实数有且只有个;满足题目条件的实数有且只有个;在()上单调递增; 的取值范围是其中所有正确结论的编号是A. B. C. D. 二、填空题:本题共4小题,每小题

3、5分,共20分。13. 如图,在平行四边形OACB中,E,F分别为AC和BC上的点,且.,其中m,nR,则m+n的值为_ 14记Sn为等差数列an的前n项和,则_.15设为椭圆的两个焦点,为上一点且在第一象限.若为直角三角形,则的坐标为_.16学生到工厂劳动实践,利用3D打印技术制作模型.如图,该模型为在圆锥底部挖去一个正方体后的剩余部分(正方体四个顶点在圆锥母线上,四个顶点在圆锥底面上),圆锥底面直径为cm,高为10cm打印所用原料密度为,不考虑打印损耗,制作该模型所需原料的质量为_.(取3.14)三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.(本小题满

4、分12分)某城市在进行创建文明城市的活动中,为了解居民对“创文”的满意程度,组织居民给活动打分(分数为整数,满分为 100分),从中随机抽取一个容量为120的样本,发现所有数据均在40,100内现将这些分数分成以下6组并画出了样本的频率分布直方图,但不小心污损了部分图形,如图所示观察图形,回答下列问题:(1)算出第三组60,70)的频数,并补全频率分布直方图;(2)请根据频率分布直方图,估计样本的众数、中位数和平均数.(每组数据以区间的中点值为代表)18.(本小题满分12分)的内角的对边分别为,已知(1)求;(2)若,求面积的取值范围19. (本小题满分12分)如图,在四棱锥S-ABCD中,S

5、A底面ABCD,ABCD是边长为1的正方形,且SA=1,点M是SD的中点.(1)求证:SCAM;(2)求平面与平面所成锐二面角的大小.20.(本小题满分12分)已知函数.(1)若在是单调函数,求的值;(2)若对,恒成立,求的取值范围21.(本小题满分12分)已知曲线C:y=的焦点是,是曲线C上不同两点,且存在实数使得,曲线C在点处的两条切线相交于点(1)求点的轨迹方程;(2)点E在轴上,以为直径的圆与的另一交点恰好是的中点,当时,求四边形ADBE的面积.请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。22.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程在极坐标系下,方程

6、的图形为如图所示的“幸运四叶草” ,又称为玫瑰线 .(1) 当玫瑰线的时,求以极点为圆心的单位圆与玫瑰线的交点的极坐标;(2)求曲线上的点M与玫瑰线上的点N距离的最小值及取得最小值时的点M、N的极坐标(不必写详细解题过程). 23.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲若关于x的不等式的解集为6,2(1)求实数m,n的值;(2)若实数y,z满足,求证:2020届四省名校高三第一次大联考理数参考答案一、选择题1B【解析】由,得.由,得,再得,所以.故选2D【解析】,.故选D 3A【解析】,则an为等比数列,由得,则前三项依次是1,2,4,故前三项的和等于7.故选4C【解析】设等腰直角三角形的

7、两直角边长度都等于,则斜边长等于,则整个图形的面积,阴影区域的面积,所以所求概率.故选5.D【解析】展开合并同类项后,含x3的项是.故选D6A【解析】,切点为,切线斜率,则切线方程为已知切线经过坐标原点,则,.故选A7B【解析】,f(x)为奇函数,排除C,D;时,排除A.故选B. C【解析】已知是三棱台,则,,又已知,平面经过时, ,选项C符合要求,容易判断其他选项均不符合要求.故选C.9.A【解析】由S=(1)+()+()=1,解得n=2019.可得n的值为2019时,满足判断框内的条件,当n的值为2020时,不满足判断框内的条件,退出循环,输出S的值故判断框内可以填入的条件为“n2020?

8、”.故选A10. A【解析】由题意得,双曲线渐近线方程是.当P在渐近线y=x上时,因,则PFO是等腰直角三角形,是PFO外接圆的直径,中点的坐标是,外接圆半径,则外接圆方程是,即同理,当P在C的另一条渐近线上时,结果是一致的.故选11C【解析】,则是定义域为的偶函数易知函数在上递增,用导数可以判断函数在上递增,从而可知函数在上递增,则,故所以,即.故选12D【解析】 ,.设进行替换,作的图象如下:在上满足的实数有且只有个,即函数在上有且只有个零点,由图象可知,结论正确;由图象知,在上只有一个最小值点,有一个或两个最大值点,结论正确,结论错误;时,由知,所以在上递增,则在()上单调递增,结论正确

9、综上,正确的有.故选二、填空题13.【解析】 分别是两边的中点,连接与交于点,则是的一个四等分点,所以, 14【解析】设等差数列an的公差为,则所以,15或【解析】,当为直角顶点时,设,在椭圆上,则,解得当为直角顶点时,点在以为直径的圆周上,此圆周的方程是,与联立解得,在第一象限,则综上,的坐标为或16358.5【解析】设被挖去的正方体的棱长为x cm,圆锥底面半径为r,则,x=5,所以,制作该模型所需材料质量约为.三、解答题 17.解:(1)因为各组的频率之和等于1,所以分数在60,70)内的频率为110(0.005+0.015+0.030+0.025+0.010)0.15,(2分)所以第三

10、组60,70)的频数为1200.1518(人)(3分)完整的频率分布直方图如图(5分)(2)因为众数的估计值是频率分布直方图中最高矩形的中点,从图中可看出众数的估计值为75分(7分),设样本中位数为,则,解得.(9分)又根据频率分布直方图,样本的平均数的估计值为:45(100.005)+55(100.015)+65(100.015)+75(100.03)+85(100.025)+95(100.01)73.5(分)所以样本的众数为75分,中位数为75分,平均数为73.5分 (12分)18解:(1)由正弦定理,得,(4分)已知,且,则,所以,所以,(分)(2) 法一:由正弦定理,则, (12分)法

11、二:,由余弦定理,得,当且仅当时取等号当或时,.所以面积的取值范围是(12分)19解:(1)由题意底面ABCD是正方形,SA底面ABCD,SAAD1,CD平面ABCD,SACD,CDAD,ADSAA,CD平面SAD .(2分)AM平面SAD,CDAM, (3分)又SAAD1,点M是SD的中点,AMSD, (4分)SDCDD,AM平面SCD,(5分)SC平面SCD,SCAM (6分)(2)法一:由题知两两垂直, 以为轴建立空间直角坐标系(7分)则,则是平面的一个法向量,;(8分)由(1)知AM平面SCD,是平面SCD的一个法向量,且,(9分)(11分)平面与平面所成锐二面角的大小等于(12分)法

12、二:过引直线,使,则,在平面内,在平面内,就是平面与平面所成二面角的棱(分)由条件知,已知,则由作法知,则,就是平面与平面所成锐二面角的平面角.(10分)在中,,平面与平面所成锐二面角的大小等于(12分)20.解:(1),令,解得,(1分)时,在R上单调,则在上也单调时,在上单调递增,在上单调递减,则在上不是单调函数,不符合题目要求时,在上单调递减,在上单调递增,则在上不是单调函数,不符合题目要求综上,(4分)(2)以导函数的两个零点为界点讨论:时,在上单调递增,在上恒成立(5分)时,在上单调递减,在上单调递增,在上恒成立(6分)时,在上单调递减,则在上单调递减,在上恒成立(7分)时,在上单调

13、递增,则在上单调递增,在上恒成立整合,在上恒成立(9分)在平面直角坐标系中作出不等式组表示的平面区域(可行域)如下图:设,则,当直线经过点时,截距最大,此时最大.由解得最优解,则(11分)当直线向轴负方向无限平移时,截距,此时所以,的取值范围是(12分)21.解:(1)曲线C:就是抛物线,它的焦点坐标为存在实数使得,则三点共线, 当直线斜率不存在时,不符合题意;当直线l斜率存在时,设直线的方程为,与联立消去,整理得,判别式设,则就是方程的两实根, ,切线斜率,则曲线C在点处的切线方程是,即 同理得曲线C在点处的切线方程是 (2分)联立即可求解两切线交点的坐标:已知,所以,上式化简为(表示水平直

14、线,不必求)所以,两切线交点的轨迹方程是(4分)(2)已知,在(1)的解答的基础上,代入中,解得,注意到对称性,求四边形ADBE面积,只需取即可(6分)设中点为,则,已知点在以为直径的圆周上,则,设,由,得,解得,则将直线的方程化为,则点到的距离所以,(8分)在(1)的解答中,联立消去解得,则两切线交点坐标为时,此时,点的坐标为,到的距离所以,(10分)又已知在两侧,所以(12分)22.解:(1)以极点为圆心的单位圆为与联立,得,所以,因为,所以,从而交点的极坐标为和. (5分)(2) 曲线的直角坐标方程为,玫瑰线极径的最大值为2,且可于N取得,连接O,N,与垂直且交于点M.所以距离的最小值为,(8分)此时M,N.(10分)23.解:(1)由,得,即,则解得(5分)(2)由(1)可知,又因为=1,所以(10分)

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