1、高考资源网（） 您身边的高考专家桂林十八中18级高三第一次月考考试试卷理科综合物理二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 1909年英国物理学家卢瑟福用粒子轰击金箔，下列关于该实验的描述错误的是（ ）A. 粒子轰击金箔的实验需在真空条件下完成B. 粒子的散射实验揭示了原子核有复杂的结构C. 实验结果表明绝大多数粒子穿过金箔后没有发生散射D. 粒子从金原子内部穿出后携带了原子内部结构的信息【答案】B【解析】【详解】当粒子穿过原子时，电子对
2、粒子影响很小，影响粒子运动的主要是原子核，离核远则粒子受到的库仑斥力很小，运动方向改变小。只有当粒子与核十分接近时，才会受到很大库仑斥力，而原子核很小，所以粒子接近它的机会就很少，所以只有极少数大角度的偏转，而绝大多数基本按直线方向前进。A粒子轰击金箔实验需在真空条件下完成，故A正确，不符合题意；B粒子的散射实验揭示了原子具有复杂的核式结构，故B错误，符合题意；C实验结果表明绝大多数粒子穿过金箔后不发生了散射，故C正确，不符合题意；D从金原子内部出来后携带了原子内部的信息，故D正确，不符合题意。故选B。2. 如下图所示，质量为m的木块P在质量为M的长木板ab上滑行，长木板放在水平地面上一直处于
3、静止状态若长木板ab与地面间的动摩擦因数为1，木块P与长木板ab间的动摩擦因数为2，则长木板ab受到地面的摩擦力大小为()A. 1(mM)gB. 1MgC. 1Mg2mgD. 2mg【答案】D【解析】【分析】本题考察静摩擦力问题，静摩擦力大小要根据物体受力情况判断。【详解】对长木板受力分析可知，其受到小物块对它向右的滑动摩擦力，大小为2mg，地面对长木板为静摩擦力，由二力平衡可知，木板受到地面摩擦力大小为2mg，方向向左，故ABC错误，D正确。故选D.3. 在2014年11月11日至16日的珠海航展中，中国展出了国产运-20和歼-31等最先进飞机假设航展中有两飞机甲、乙在平直跑道上同向行驶，0
4、-t2时间内的v-t图象如图所示，下列说法正确的是A. 飞机乙在0-t2内的平均速度等于B. 飞机甲在0-t2内的平均速度比乙大C. 两飞机t1时刻一定相遇D. 两飞机在0-t2内不可能相遇【答案】B【解析】【详解】因为乙车做变加速运动故平均速度不等于，故A错误；由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，在0-t1时间内，甲车的位移大于乙车，由可知，甲车的平均速度大于乙车，故B正确；由于不知道甲乙两飞机初始位置，所以无法判断两飞机在t1时刻和0-t2内能不能相遇，故CD错误故选B【点睛】本题是为速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义4. 某玩
5、具汽车从t=0时刻出发，由静止开始沿直线行驶其a-t图象如图所示，下列说法正确是（）A. 6s末的加速度比1s末的大B. 1s末加速度方向与速度方向相同C. 第4s内速度变化量大于零D. 第6s内速度在不断变大【答案】B【解析】【详解】A.由图知，6s末的加速度比1s末的小，故A错误；B.0-1s内汽车从静止开始做变加速直线运动，加速度方向与速度方向相同，故B正确；C.根据图象与时间轴所围的面积表示速度变化量，知第4s内速度变化量为零，故C错误；D.根据图象与时间轴所围的面积表示速度变化量，图象在时间轴上方速度变化量为正，图象在时间轴下方速度变化量为负，知第6s内速度变化量为负，速度在不断变小
6、，故D错误5. 物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，若F1、F2、F3三个力不共线，则这三个力可能选取的数值为（）A. 15N、5N、6NB. 3N、6N、4NC. 1N、2N、10ND. 1N、6N、7N【答案】B【解析】【详解】三力中某两个力的合力|F1F2|F1、2合F1+F2，若另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，则这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态A10NF1、2合20N，F3=6N不在这范围内，故A错误；B3NF1、2合9N，F3=4N在这范围内，故B正确；C1NF1、2合3N，F3=10N不在这范围内，故C错误；D5NF1、2合7N，F3=7N在这范
7、围内，但此时三力共线，不符合题意，故D错误。故选B。6. 如图所示，两个人以相同的速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADE方向行走，经过一段时间后在F点相遇(图中未画出).从出发到相遇的过程中，描述两人运动情况的物理量相同的是（ ）A. 路程B. 位移C. 瞬时速度D. 平均速度【答案】ABD【解析】【详解】ABD个人以恒定的相同速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADE行走，在F点相遇，此过程中，首末位置的距离相等，方向相同，则位移相等，运动的轨迹长度相同，则路程相同，所用时间相等，则平均速度相同，故ABD正确；C人以恒定的相同速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和A
8、DE行走，运动的方向是不同的，故C错误7. 如图所示，A球被固定在竖直支架上，A球正上方的点O悬有一轻绳拉住B球，两球之间连有轻弹簧，平衡时绳长为L，张力为T1，弹簧弹力为F1.若将弹簧换成原长相同的劲度系数更小的轻弹簧，再次平衡时绳中的张力为T2，弹簧弹力为F2，则( )A. T1T2B. T1T2C. F1F2D. F1F2【答案】BD【解析】试题分析：以B球研究对象，B球受到重力G、弹簧的弹力F和绳子的张力T，如图所示B球平衡时，F与T的合力与重力G大小相等、方向相反，即根据与相似得：，换成劲度系数小弹簧，形变量增大，AB减小，则T不变；F减小；故选BD考点：力的动态分析【名师点睛】有关
9、力的动态平衡问题的处理方法，可以分三种方法，即解析法、图解法、三角形相似法相似三角形法适用于物体所受的三个力中，一个力大小、方向不变，其它二个力的方向均发生变化，且三个力中没有二力保持垂直关系，但可以找到力构成的矢量三角形相似的几何三角形的问题，本题就具备这个特点8. .如图，质量均为m的两光滑小环A和B用轻绳连接，分别套在水平和竖直的固定直杆上在绳上O点施一水平力F拉紧轻绳，设法使整个系统处于静止状态随后使力F缓慢增大，则在此过程中 ( )A. OA段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大B. 杆对A环作用力始终大于2mg，且逐渐增大C. OB段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大D. OB段绳与
10、竖直方向的夹角逐渐增大【答案】CD【解析】【详解】AB以AB两个小环整体为研究对象，对整体受力分析，整体受总重力2mg、水平力F、水平杆对A环向上的支持力、竖直杆对B环水平向左的支持力据平衡条件可得：水平杆对A环向上的支持力，竖直杆对B环水平向左的支持力以A为研究对象，对A受力分析，A受重力、水平杆对A竖直向上的支持力、绳OA对A的拉力，三力平衡，绳OA的拉力一定竖直向下，且，解得：故AB两项均错误CD以B为研究对象，对B球受力分析如图，设OB段绳与竖直方向的夹角为 由平衡条件可得，力F缓慢增大，OB段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大；OB段绳与竖直方向的夹角逐渐增大故CD两项均正确。故选C
11、D。三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9. 如图甲所示是研究小车的匀变速运动实验装置图，图中一端带有定滑轮的长木板水平固定。图乙为小车在水平木板上带动纸带运动时打点计时器打出的一条纸带，每5个打点取一个计数点，0、1、2、3、4、5、6、7为所取的计数点，打点计时器的电源为50Hz的交流电。(1)电火花打点计时器应使用_V的交流电电源。(2)由图乙所示纸带可知，小车加速度大小为_m/s2。（结果保留两位有效数字）(3)该实验实际操作过程中，对小车所放的位置、接通电源与放开小车的先后顺序及小车
12、运动的控制等描述，你认为正确的是_。A小车应尽量远离打点计时器，先放开小车后接通电源，在小车到达滑轮前按住小车B小车应尽量靠近打点计时器，先接通电源后放开小车，让小车一直到与滑轮相撞为止C小车应尽量靠近打点计时器，先接通电源后放开小车，在小车到达滑轮前按住小车D小车应尽量放在打点计时器与滑轮的中间，先接通电源后放开小车，在小车到达滑轮前按住小车【答案】 (1). 220 (2). 0.46（0.440.47） (3). C【解析】【详解】(1)1电火花打点计时器应使用220V的交流电电源。(2)2相邻两计数点间还有4个打点未画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s，舍弃第一组数据，根据运
13、动学公式得x=at2(3)3实验时为了充分利用纸带，小车应尽量靠近打点计时器，先接通电源后放开小车，在小车到达滑轮前按住小车。故选C。10. 某物理学习小组用如图甲所示装置来研究橡皮筋的劲度系数(遵循胡克定律且实验中弹力始终未超过弹性限度)，将一张白纸固定在竖直放置的木板上，原长为L0的橡皮筋的上端固定在O点，下端挂一重物用与白纸平行的水平力(由拉力传感器显示其大小)作用于N点，静止时记录下N点的位置a，请回答：(1)若拉力传感器显示的拉力大小为F，用刻度尺测量橡皮筋ON的长为L及N点与O点的水平距离为x，则橡皮筋的劲度系数为_(用所测物理量表示)(2)若换用另一个原长相同的橡皮筋，重复上述过
14、程，记录静止时N点的位置b，发现O、a、b三点刚好在同一直线上，其位置如图乙所示，则下列说法中正确的是_A第二次拉力传感器显示的拉力示数较大B两次拉力传感器显示的拉力示数相同C第二次所用的橡皮筋的劲度系数小D第二次所用的橡皮筋的劲度系数大【答案】 (1). (2). BC【解析】【详解】(1)设橡皮筋与竖直方向夹角为，重物重力为G，结点N在竖直拉力(重物重力G)、橡皮筋拉力T和水平拉力F作用下处于平衡状态，满足图示关系，则sin ，而sin ，Tk(LL0)，联立得k(2)由受力图知FGtan ，两次中G、均相同，所以两次拉力传感器显示的拉力示数相同，A错，B对；同理，两次橡皮筋的拉力也相同，
15、而橡皮筋的原长相同，第二次的伸长量大，由胡克定律知第二次所用的橡皮筋的劲度系数小，C对，D错；故选BC11. 一直升机以5.0 m/s的速度竖直上升，某时刻从飞机上释放一物块，经2.0 s落到地面上，不计空气阻力，g取10 m/s2，求：(1)物块落到地面时的速度大小；(2)物块在2.0 s内通过的路程；(3)物块释放时距地面的高度。【答案】(1)15m/s；(2)12.5m；(3)10m。【解析】【详解】(1)取向上为正方向，设物块落地时速度为v，由竖直上抛的速度公式：vv0gt得：v-15m/s，负号说明方向竖直向下。(2)物块上升过程，由得：h11.25m下降过程由v202gh2，得：h
16、211.25m物块通过的路程为：sh1h212.5m(3)由代入数据得位移H-10m，负号表示位移的方向向下，而释放时离地面的高度为10m。12. 如图所示，质量为m的物体放在一固定斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑对物体施加一大小为F、方向水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求： (1)物体与斜面间的动摩擦因数；(2)这一临界角0的大小【答案】（1）（2）60【解析】试题分析：（1）斜面倾角为30时，物体恰能匀速下滑，满足解得（2）设斜面倾角为，由匀速直线运动的条
17、件：，解得：当，即时，F，即“不论水平恒力F多大”，都不能使物体沿斜面向上滑行此时，临界角考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解利用正交分解方法解体的一般步骤：明确研究对象；进行受力分析；建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；x方向，y方向分别列平衡方程求解（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。物理选修3-313. 以下有关热学内容的叙述，正确的是 （ ）A. 在两分子间
18、距离增大的过程中，分子间的作用力一定减小B. 用NA表示阿伏加德罗常数，M表示铜的摩尔质量，表示实心铜块的密度，那么铜块中一个铜原子所占空间的体积可表示为C. 雨天打伞时，雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力D. 晶体一定具有规则的形状，且有各向异性的特征E. 理想气体等压膨胀过程一定吸热【答案】BCE【解析】【详解】A分子间距离增大时，分子间的作用力不一定减小，也可能增大，与分子力表现为引力和斥力有关，故A错误；BM表示铜的摩尔质量，表示铜的密度，则铜的摩尔体积：一个铜原子所占空间的体积可表示为故B正确；C雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，故C正确；D晶体分单晶体和多晶体，只有单
19、晶体具有规则形状，各向异性，而多晶体没有规则形状，各向同性，故D错误；E理想气体等压膨胀过程，根据，温度升高，故内能增加，根据热力学第一定律，对外做功，故一定吸收热量，故E正确。故选BCE。14. 如图所示，一圆柱形绝热气缸开口向上竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体活塞的质量为m、横截面积为s，与容器底部相距h现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时停止加热，活塞上升了2h并稳定，此时气体的热力学温度为T1已知大气压强为P0，重力加速度为g，活塞与气缸间无摩擦且不漏气求：加热过程中气体的内能增加量；停止对气体加热后，在活塞上缓缓添加砂粒，当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好下降了
20、h求此时气体的温度【答案】（1） （2） 【解析】等压过程气体的压强为，则气体对外做功为 由热力学第一定律得，解得；停止对气体加热后,活塞恰好下降了,气体的温度为则初态，热力学温度为，末态，热力学温度为，由气态方程，解得【点睛】解答本题关键要注意：（1）确做功与热量的正负的确定是解题的关键；（2）对气体正确地进行受力分析，求得两个状态的压强是解题的关键属于中档题物理选修3415. 下列说法正确的是（）A. 在同一地点，单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比B. 弹簧振子做简谐振动时，振动系统的势能与动能之和保持不变C. 在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小D. 系
21、统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率E. 已知弹簧振子初始时刻的位置及其振动周期，就可知振子在任意时刻运动速度的方向【答案】ABD【解析】在同一地点，重力加速度g为定值，根据单摆周期公式可知，周期的平方与摆长成正比，故选项A正确；弹簧振子做简谐振动时，只有动能和势能参与转化，根据机械能守恒条件可知，振动系统的势能与动能之和保持不变，故选项B正确；根据单摆周期公式可知，单摆的周期与质量无关，故选项C错误；当系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，故选项D正确；若弹簧振子初始时刻在波峰或波谷位置，知道周期后，可以确定任意时刻运动速度的方向，若弹簧振子初始
22、时刻不在波峰或波谷位置，则无法确定，故选项E错误【考点定位】简谐运动、受迫振动【名师点睛】本题关键抓住简谐运动的周期性，分析时间与周期的关系分析振子的位移变化，要掌握加速度与位移的关系，根据计时开始时刻的加速度及方向解题16. 横截面是直角三角形ABC的三棱镜对红光的折射率为n1，对紫光的折射率为n2，且均小于2，一束很细的白光束垂直三棱镜AB侧面射入棱镜，并从AC侧面有射出，最后射到跟AC侧面平行的光屏MN上，如图所示，已知光屏MN跟AC侧面的距离为L(1)画出白光通过棱镜的光路图(出射光线只画出两条边缘光线，并指明其颜色)；(2)求在光屏MN上得到的彩色光带的宽度d?【答案】(1) (2)【解析】【详解】(1)由于光线垂直AB面入射，故在AB面上光线不偏折在AC面上，设红光的折射角为r1，紫光的折射角为r2.由于，由折射定律可知，紫光的折射角大于红光的折射角，即；光带的上方为紫光，下方为红光，如图所示：(2)由折射定律得，则，得光带宽度；- 14 - 版权所有高考资源网
