1、高考资源网（） 您身边的高考专家20202021学年度第二次月考高二物理试题一、选择题：（每小题4分，共56分；110每小题只有一个选项是正确的，共10小题；1114每小题有多个答案是符合题意的，全对得4分，漏选得2分，错一个得0分。）1. 下列各物理量中，标量的是（）A. 位移B. 时间C. 速度D. 加速度【答案】B【解析】【分析】【详解】由矢量和标量的概念知位移、速度、加速度都具有方向和大小，所以都是矢量，时间只具有大小，没有大小，是标量。故选B。2. 在前人工作基础上，利用如图所示的扭秤装置进行定量研究，进而提出两个静止点电荷间的相互作用规律的物理学家是（ ）A. 牛顿B. 伽利略C.
2、 库仑D. 欧姆【答案】C【解析】牛顿发现了万有引力定律，伽利略利用理想斜面实验与逻辑推理相结合推出了力不是维持物体运动的原因而是改变物体运动的原因，库仑发现了库仑定律，即两个静止点电荷间的相互作用规律，欧姆发现了欧姆定律，C正确3. 如图是甲、乙两个物体做直线运动的速度时间图像，其中图线甲与横轴平行，图线乙为通过坐标原点的直线。由图像可知（）A 甲物体处于静止B. 甲物体做匀加速直线运动C. 乙物体做匀速直线运动D. 乙物体做匀加速直线运动【答案】D【解析】【分析】【详解】AB图线甲与横轴平行，表明速度随时间保持不变，是匀速直线运动。AB错误；CD图线乙为通过坐标原点的直线，表明速度随时间均
3、匀增加，是匀加速直线运动，C错误，D正确。故选D。4. 作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，这两个力合力的大小可能是（ ）A. 0B. 50NC. 80ND. 110N【答案】B【解析】【分析】【详解】合力变化范围，知B对。故选B。5. 如图所示，一圆盘在水平面内匀速转动，在盘面上有一小物块，随圆盘一起运动关于小物块的受力情况，下列说法正确的是（ ）A. 只受重力B. 只受重力和支持力C. 受重力、支持力和摩擦力D. 受重力、支持力、摩擦力和向心力【答案】C【解析】试题分析：对小木块进行运动分析和受力分析，做匀速圆周运动，合力等于向心力，指向圆心，结合运动情况，再对木块受力
4、分析即可小木块做匀速圆周运动，合力指向圆心，对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图，重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力，C正确6. 如图所示，一光滑斜面固定在水平地面上，高度为h小物块从斜面顶端A处由静止开始下滑，当滑到斜面底端B处时，小物块速度的大小为( )A. B. ghC. 2ghD. 【答案】D【解析】斜面光滑，支持力不做功，只有重力做功，所以小物块的机械能守恒，故有，解得，D正确（本题也可以通过动能定理，匀变速直线运动规律求解）7. 在图所示电路中，已知电源的电动势E = 3.0 V，内电阻r = 1.0，电阻R = 2.0闭合开关S后，电路中的电流等于（ ）A. 1.0
5、AB. 0.75 AC. 0.50 AD. 0.25 A【答案】A【解析】【分析】【详解】根据闭合回路欧姆定律可得当S闭合时，电路中的电流为A正确。8. A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（其中方向未标出）的分布如图所示图中O点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，电场线的分布关于MN左右对称下列说法中正确的是（ ）A. 这两个点电荷一定是等量同种电荷B. 这两个点电荷一定是等量异种电荷C. O点的电场强度比P点的电场强度小D. O点的电场强度与P点的电场强度相等【答案】B【解析】【分析】【详解】A、B、根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知A、B是一定两个
6、等量异种电荷故A错误，B正确；C、D、在两等量异号电荷连线的中垂线上，O点处电场线最密，电场强度最大，所以O点的电场强度比P点的电场强度大，故C，D错误，故选B【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题9. 用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中为待测电阻电表内阻对测量结果的影响不能忽略，下列说法中正确的是( )A. 电流表的示数小于通过Rx的电流B. 电流表的示数大于通过Rx的电流C. 电压表的示数小于Rx两端的电压D. 电压表的示数大于Rx两
7、端的电压【答案】B【解析】【分析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题同；【详解】A、由电路图可知，实验采用电流表外接法，电流表所测电流等于通过电阻的电流与通过电压表的电流之和，电流表的示数大于通过的电流，故A错误，B正确；C、由电路图可知，电压表与待测电阻并联，测量待测电阻两端电压，电压表的示数等于两端的电压，故CD错误10. 如图所示，一带正电的离子束沿图中箭头方向通过两磁极间时，它受到的洛伦兹力的方向( )A. 向上B. 向下C. 向N极D. 向S极【答案】A【解析】【分析】带电粒子在磁场中运动时受到洛伦兹力方向根据左手定则判断，由磁感线方
8、向确定手心方向，由电荷运动方向确定四指指向，由大拇指指向来判断洛伦兹力的方向；【详解】由图可知，磁场方向从N极指向S极，根据左手定则可知，让四指指向与正电荷运动方向相同，让磁感线穿过手心，根据大拇指的指向即可判断出洛伦兹力的方向，由此可知洛伦兹力的方向向上，故A正确，BCD错误【点睛】本题考查左手定则的运用能力，运用左手判断洛伦兹力方向时，要注意四指指向正电荷的运动方向或负电荷运动的反方向11. 若将平抛运动沿水平和竖直两个方向进行分解，则下列说法正确的是（ ）A. 水平方向上的分运动是匀速直线运动B. 水平方向上的分运动是匀加速直线运动C. 竖直方向上的分运动是匀速直线运动D. 竖直方向上的
9、分运动是自由落体运动【答案】AD【解析】平抛运动可沿水平和竖直两个方向上分解，在水平方向上物体做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，即自由落体运动，AD正确12. 当物体的质量一定时，下说法中正确的是（ ）A. 物体受到的合外力为零，它的速度也一定为零B. 物体受到的合外力为零，它的加速度也一定为零C. 物体受到的合外力越大，它的速度也一定越大D. 物体受到的合外力越大，它的加速度也一定越大【答案】BD【解析】根据牛顿第一定律可知，当物体受到的合力为零时，做匀速直线运动或处于静止状态，故速度不一定为零，可能做速度很小的匀速直线运动，也可能做速度很大的匀速直线运动，AC错误；
10、根据牛顿第二定律可知，合力为零，加速度为零，加速度和合外力成正比，合外力大，加速度也大，BD正确13. 在下列所述实例中，若不计空气阻力，机械能守恒的是（ ）A. 石块自由下落的过程B. 电梯加速上升的过程C. 抛出的铅球在空中运动的过程D. 木箱沿粗糙斜面匀速下滑的过程【答案】AC【解析】【分析】【详解】在只有重力做功的情况下机械能守恒，故AC正确，B选项中，电梯受到的向上的拉力做正功，机械能增大，B错；D选项中的木箱受到的摩擦力做负功，机械能减小，D错；14. 某动车速度从0增加到50m/s（即180km/h）所用的时间为100s动车在这段时间内的运动可视为匀加速直线运动，则这段时间内动车
11、的（ ）A. 加速度为2m/s2B. 加速度为0.5m/s2C. 速度变化量为0.5m/sD. 速度变化量为50m/s【答案】BD【解析】【分析】【详解】某动车速度从0增加到50m/s，则速度的变化量为：v=50m/s-0=50m/s；所用的时间为100s，则加速度为故选BD.【点睛】知道速度的变化量等于末速度减初速度；记住加速度等于速度的变化率.三、实验题：（共2题，共12分）15. 某同学利用打点计时器等器材，研究小车做匀变速直线运动规律，他从打出的几条纸带中选取了一条清晰的纸带，如图所示图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s由图中的数据
12、可知，小车做_直线运动(选填“匀加速”或“匀减速”)：小车的加速度是_m/s2【答案】 (1). 匀加速 (2). 【解析】【分析】【详解】由纸带数据可知：在连续相等时间内位移之差约为，则根据公式可知其加速度恒定，而且在相等时间内位移逐渐增大，可知小车做匀加速直线运动；根据可得：，则小车加速度为：【点睛】在分析纸带的加速度是，经常用到逐差法来求加速度，在平时学习过程中加强训练16. 在如图所示的实验装置中,充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接,极板B接地，则：（1）若极板B稍向上移动一点,则将观察到静电计指针偏角_（填“变大”、“变小”或“不变”）,此实验说明平行板电容器的电容随_而
13、减小;（2）若极板B稍向左移动一点,则将观察到静电计指针偏角_（填“变大”、“变小”或“不变”）,此实验说明平行板电容器的电容随_而减小【答案】 (1). 变大 (2). 极板的相对面积减小 (3). 变大 (4). 极板间距离增大【解析】若极板B稍向上移动一点，两极板正对面积减小，根据公式可得电容减小，而两极板间的电荷量不变，根据公式可得两极板间的电势差增大，即静电计指针偏角增大，说明平行板电容器的电容随极板的相对面积减小而减小，若极板B稍向左移动一点，两极板间的距离增大，根据公式可得电容减小，而两极板间的电荷量不变，根据公式可得两极板间的电势差增大，即静电计指针偏角增大，说明平行板电容器的
14、电容随极板间距离增大而减小，四、论述、计算题（共3题，共32分）17. 如图所示，质量m=2.0kg的物体放在光滑水平面上，用F = 10N的水平拉力，使物体由静止开始做匀加速直线运动求：（1）物体加速度a的大小；（2）物体开始运动后t = 2.0 s内通过的距离x【答案】（1）5 m/s2；（2）10m【解析】分析】【详解】（1）根据牛顿第二定律F=ma物体的加速度a= m/s2= 5m/s2（2）物体在t = 2 s内位移的大小x =at2=5 22=10m18. 在如图所示电场中，A点的电场强度E=10104NC将电荷量q=+1010-8C的点电荷放在电场中的A点（1）求该点电荷在A点所
15、受电场力F的大小；（2）在图中画出该点电荷在A点所受电场力F的方向【答案】（1）1.010-4N（2）【解析】（1）点电荷在A点所受电场力的大小；（2）点电荷带正电，在电场中受到的电场力和该点的电场方向相同，故电场力方向如图所示19. 如图所示，AB是光滑的弧形轨道，BC是距地面高为H=0.80m的光滑水平轨道现将一小球从顶点A由静止释放，小球最后落在地面上的P点已知A点距轨道高为h=0.45m，重力加速度g取10m/s2求：（1）小球通过C点时的速度大小（2）小球落点P与C点间的水平距离（3）已知小球质量为0.10kg，求小球到达P点时动能【答案】（1）3m/s ；（2）1.2m ；（3）1.25J【解析】【分析】【详解】(1）设小球通过C点时的速度为v，小球从A点到C点的过程中只有重力做功，机械能守恒，取BC面为参考面，得解得（2）设P点与C点间的水平距离为x，小球在空中飞行的时间为t，根据平抛运动规律得x=v 0t解得(3)设小球到达P点时的动能为k，小球从A点到P点的过程中只有重力做功，机械能守恒，取地面为参考面，得mg（h+H）=Ek解得Ek=0.1010（0.450.80）J=1.25J- 10 - 版权所有高考资源网
