1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（4）一、单项选择题：每题6分，30分1如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动的过程中（）A物体A可能受到3个力的作用B物体B一定受到4个力的作用C物体C对物体B的作用力竖直向上D物体C和物体B之间可能没有摩擦力2如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，A球运动的最大高度大于B球运动的最大高度 空气阻力不计，则（）AB的加速度比A的大BB飞行时间比A的飞行时间长CB在最高点的速度比A在最高点的大DA落地时的速度比B落地
2、时的速度大3将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2说法中正确的是（）A小球上升与下落所用时间之比为2：3B小球下落过程，处于超重状态C小球重力和阻力之比为5：1D小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失4如图所示，小球用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将（）A逐渐增大B逐渐减小C先增大后减小D先减小后增大5理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面已知引
3、力常量为G，火星的半径为R若不考虑火星自转的影响，要使探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为（）ABC11.2km/sD7.9km/s二、多项选择题：每题6分，共18分6下列说法中，符合物理学史实的是（）A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转7一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来的2倍，则变轨前后卫星的（）A轨道半径变为原
4、来的2倍B卫星的轨道半径变为原来的倍C卫星的运动周期变为原来的8倍D卫星的加速度变为原来的16倍8如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A斜面的倾角B物块的质量C物块与斜面间的动摩擦因数D物块沿斜面向上滑行的最大高度三.非选择题9某同学利用图甲的实验装置做“探究动能定理“的实验在尽量减小摩擦阻力的情况下，先接通打点计时器的电源，再释放纸带，让质量m=1.00kg的重物由静止下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，A、B、C分别为所选取的计数点，且0为开始打出的第一点，0A之间有若干点未标出，相
5、邻计数数点的时间间隔为0.02s，重力加速度g取9.80m/s2（1）释放纸带前，纸带的（选填“0“或“C“）端在上面；（2）重物从0运动到B的过程中，动能的变化量E=J（取两位有效数字）；（3）请列举一种能有效减小实验误差的做法10下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是（）A在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C在“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“1”挡进行测量1
6、1小杨同学采用如图1所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验（1）除了图1装置中的器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是；（2）指出图1装置中一处不合理的地方；（3）小杨同学得到了如图3的一条纸带，读出0、5两点间的距离为cm；（4）计算打下计数点5时纸带速度的大小为m/s（保留3位有效数字）12图（a） 为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m； 用游标卡尺测量遮光片的宽度d； 用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B
7、所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm） 的示数如图（b） 所示，其读数为cm（2）物块的加速度a可用d、s、tA和tB表示为a=（3）动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为=（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于（填“偶然误差”或“系统误差”）13在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，
8、（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？【物理-选修3-5】14如图甲是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下列说法中正确的是（）A这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃迁B这群氢原子能够发出6种不同频率的光C这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2 eVD如果发出的光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到 n=1能级发出的E从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长15如图所示，在高1.25m的水平桌面上放一个质量为0.5kg的木块，质量为0.1kg
9、的橡皮泥以30m/s的水平速度粘到木块上（粘合过程时间极短）木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 的地方求木块与桌面间的动摩擦因数（g取10m/s2）2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（4）参考答案与试题解析一、单项选择题：每题6分，30分1如图所示，物体B的上表面水平，A、B相对于斜面C静止，当斜面C受到水平力F向左匀速运动的过程中（）A物体A可能受到3个力的作用B物体B一定受到4个力的作用C物体C对物体B的作用力竖直向上D物体C和物体B之间可能没有摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】分别对A、B、受力分析，结合平
10、衡条件和牛顿第三定律判断力的有无【解答】解：A、物体A做匀速直线运动，合力为零；受重力、支持力；假设有静摩擦力，不管向左还是向右，都不平衡，故A错误；B、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力，受力平衡，故B正确；C、对物体B受力分析，受重力、A对B向下的压力、C对B的支持力、C对B沿斜面向上的静摩擦力；受力平衡，合力为零；重力和压力的合力向下，故支持力与静摩擦力的合力一定向上，与重力和压力的合力平衡；故C正确；D、假如B与C之间没有摩擦力，物体A和B不能平衡，会下滑，故D错误；故选BC2如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上
11、的M、N点，A球运动的最大高度大于B球运动的最大高度 空气阻力不计，则（）AB的加速度比A的大BB飞行时间比A的飞行时间长CB在最高点的速度比A在最高点的大DA落地时的速度比B落地时的速度大【考点】抛体运动【分析】由题知，两球均做斜抛运动，运用运动的分解法可知：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两球的加速度相同，由竖直高度不同，由运动学公式分析竖直方向的分运动时间关系，根据水平分位移公式即可知道水平初速度的关系两球在最高点的速度等于水平初速度【解答】解：A、不计空气阻力，两球的加速度都为重力加速度g故A错误B、两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知
12、，两球上升和下落的时间相等，而下落过程，由t=知下落时间不相等，是A球运动时间长，故B错误C、最高点速度等于水平分运动速度，根据x=vxt，由于A球运动时间长，水平分位移小，故A球水平分运动的速度小，故A球在最高点的速度比B在最高点的速度小故C正确D、落地速度等于抛出的速度，竖直分运动初速度是A的大，水平分运动速度是B的大，故无法比较合运动的初速度大小故D错误故选：C3将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2说法中正确的是（）A小球上升与下落所用时间之比为2：3B小球下落过程，处于超重状态C小
13、球重力和阻力之比为5：1D小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失【考点】功能关系；牛顿第二定律【分析】根据图象可以得到上升过程中的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得阻力的大小，从而得到重力与阻力之比由牛顿第二定律求得小球下降过程的加速度的大小，利用位移时间的关系可以求得运动的时间关系，利用功的公式可以分析克服阻力做的功关系，从而得到机械能损失的关系【解答】解：A、根据图象可得，小球上升的过程中，加速度的大小为：a上=m/s2=12m/s2根据牛顿第二定律可得：mg+f=ma，解得阻力大小为：f=mamg=1（1210）N=2N在下降的过程中，加速度的大小为：a下=8m/s2上
14、升和下降位移大小相等，根据x=at2可得运动的时间为：t=，所以时间之比为小球上升与下落所用时间之比为： =，故A错误；B、小球下落过程，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C、小球重力和阻力之比为 G：f=mg：f=10：2=5：1，故C正确；D、机械能损失等于克服阻力做功的大小，在上升和下降的过程中，阻力的大小不变，高度相同，所以克服阻力做的功也相同，机械能的损失也相同，故D错误；故选：C4如图所示，小球用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将（）A逐渐增大B逐渐减小C先增大后减小D先减小后增大【考点】向心力；共点力平衡的条件及其应用；决定向心力大小的
15、因素【分析】在力学中，有这样一类问题：一个物体（质点）受到三个共点力（或多个共点力但可以等效为三个共点力）作用而处于平衡状态，其中一个力变化引起其它力的变化，需要判定某些力的变化情况，或确定其极值它的求解方法对其他矢量的分析同样适用对球受力分析，受重力、支持力、拉力，其中重力大小方向都不变，支持力方向不变、大小变，拉力大小与方向都变，可用作图法分析【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力、拉力，如图其中重力大小方向都不变，支持力方向不变，拉力大小与方向都变，将重力按照作用效果分解由图象可知，G1先变小后变大，G2变小又根据共点力平衡条件G1=FG2=N故拉力F先变小后变大；故选D5理论研究表明
16、第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面已知引力常量为G，火星的半径为R若不考虑火星自转的影响，要使探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为（）ABC11.2km/sD7.9km/s【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【分析】地球的第一宇宙速度为7.9km/s，而第二宇宙速度为11.2km/s，对于火星来说，第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍，根据公式v=，即可求解【解答】解：AB、根据运动学公式，结合高度为h处探测器，经时间t落到火星表面，则火星表面的重力加速度g火=；根据公式v=，则探测器
17、从火星表面的起飞速度至少v=，故A正确，B错误；C、速度7.9km/s与11.2km/s是地球的第一宇宙速度与第二宇宙速度，故CD错误；故选：A二、多项选择题：每题6分，共18分6下列说法中，符合物理学史实的是（）A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转【考点】物理学史【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动
18、；没有力的作用，物体静止，故A正确；B、牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因，故B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，故C错误；D、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故D正确故选：ABD7一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小增加为原来的2倍，则变轨前后卫星的（）A轨道半径变为原来的2倍B卫星的轨道半径变为原来的倍C卫星的运动周期变为原来的8倍D卫星的加速度变为原来的16倍【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供圆周运
19、动向心力，由卫星轨道半径的变化确定描述圆周运动物理量的变化即可【解答】解：AB、卫星圆周运动的向心力由万有引力提供可得可得v=可知当卫星的速度增加为原来的2倍时，其轨道半径减小为原来的，故A错误，B正确；C、据万有引力提供圆周运动向心力有可得卫星周期T=可知当的变为原来的，卫星的周期变为原来的，故C错误；D、据可得a=可得半径变为原来的，加速度变为原来的16倍故D正确故选：BD8如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A斜面的倾角B物块的质量C物块与斜面间的动摩擦因数D物块沿斜面向上滑行的最大高度
20、【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsin+mgcos=ma1；下降过程有：mgsinmgcos=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD三.非选择题9某同学利用图甲的实验装置做“探究动能定理“的实验在尽
21、量减小摩擦阻力的情况下，先接通打点计时器的电源，再释放纸带，让质量m=1.00kg的重物由静止下落，在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，A、B、C分别为所选取的计数点，且0为开始打出的第一点，0A之间有若干点未标出，相邻计数数点的时间间隔为0.02s，重力加速度g取9.80m/s2（1）释放纸带前，纸带的C（选填“0“或“C“）端在上面；（2）重物从0运动到B的过程中，动能的变化量E=0.67J（取两位有效数字）；（3）请列举一种能有效减小实验误差的做法多次测量求平均值【考点】探究功与速度变化的关系【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项纸带法实
22、验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能【解答】解：（1）0点为打出来的第一个点，速度为0，与重物相连的纸带在下端，应该先打点所以释放纸带前，纸带的C端在上面（2）利用匀变速直线运动的推论得： =1.1575m/s，Ek=mvB2=0.67J，（3）可以多次测量求平均值以减小实验误差故答案为：（1）C；（2）0.67；（3）多次测量求平均值10下面是一些有关高中物理实验的描述，其中正确的是（）A在“研究匀变速直线运动”实验中，不需要平衡摩擦力B在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须用天平测物体的质量C在
23、“验证力的平行四边形定则”实验中，只用一根弹簧秤无法完成D在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功E在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，应该换“1”挡进行测量【考点】探究小车速度随时间变化的规律；验证机械能守恒定律；探究功与速度变化的关系【分析】通过实验的原理确定各个实验中的操作步骤是否正确，知道欧姆表的刻度盘与电流表、电压表刻度盘不同，指针偏角较小时，可知电阻较大，指针偏转较大时，电阻较小【解答】解：A、在“研究匀变速直线运动”的实验中，研究速度随时间变化的规律，不需要平衡摩擦力，故A正确B、在验证机械能守恒定律的实验中，验证动能的增加量和重力势能
24、的减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量物体的质量，故B错误C、在验证力的平行四边形定则的实验中，沿研究合力和分力的关系，运用一根弹簧秤可以完成，故C错误D、在用橡皮筋“探究功与速度变化的关系”的实验中不需要直接求出合外力做的功，运用相同的橡皮筋，通过功的倍数研究故D正确E、在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏转角太小，可知电阻太大，应换用倍率较大的档进行测量，故E错误故选：AD11小杨同学采用如图1所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验（1）除了图1装置中的器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是毫米刻度尺；（2）指出图1装置中一处不合理的地方重锤离打点计时器太远；（3）
25、小杨同学得到了如图3的一条纸带，读出0、5两点间的距离为4.75cm；（4）计算打下计数点5时纸带速度的大小为0.912m/s（保留3位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律【分析】（1、2）根据正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材；（3）从减少实验误差的思路出发；（4）根据平均速度等于瞬时速度公式，即可求解；【解答】解：（1）实验中纸带上的点点之间的距离需要测量，故用到毫米刻度尺；（2）为能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；（3）0、5两点间的距离为4.75cm；（4）根据平均速度等于瞬时速度，则有：v=0.912m/s；故答案为：（1）毫米刻度尺；（2
26、）重锤离打点计时器太远；（3）4.75；（4）0.91212图（a） 为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m； 用游标卡尺测量遮光片的宽度d； 用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm） 的示数如图（b） 所示，其读数为0.960cm（2）物块的加速度a可用d、s、tA
27、和tB表示为a=（3）动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为=（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差（填“偶然误差”或“系统误差”）【考点】用双缝干涉测光的波长【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数，（2）由速度公式求出物块经过A、B两点时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出物块的加速度；（3）由牛顿第二定律求出动摩擦因数（4）由于实验设计造成的误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成的误差属于偶然误差【解答】解：（1）由图（b）所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为120.05mm=0.60mm=0.060cm，则游标卡尺示数为
28、0.9cm+0.060cm=0.960cm（2）物块经过A点时的速度为：vA=，物块经过B点时的速度为：vB=，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：vB2vA2=2as，加速度为：a=；（3）以M、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mgMg=（M+m），解得：=；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差故答案为：（1）0.960；（2）；（3）；（4）系统误差13在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5
29、m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减速过程，由速度位移关系式，得到v0与h的关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h的关系式，联立求解（2）由（1）求出v0，由速度公式求出两个过程的时间，即可得到总时间【解答】解：（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v
30、0，则：对于匀减速运动过程，有，即52=212.5h对于自由下落过程，有=2g=210联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m（2）设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=（5+3.6）s=8.6 s答：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下（2）伞兵在空中的最短时间为8.6s【物理-选修3-5】14如图甲是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下列说法中正确的是（）A这群氢原子能够吸收任
31、意能量的光子后向更高能级跃迁B这群氢原子能够发出6种不同频率的光C这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2 eVD如果发出的光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3 能级跃迁到 n=1能级发出的E从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】能级间跃迁辐射或吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子能量越大，频率越大，波长越小【解答】解：A、氢原子发生跃迁，吸收的能量必须等于两能级的能级差故A错误B、根据=6知，这群氢原子能够发出6种不同频率的光子故B正确C、一群处于n=4的氢原子，由n=4跃迁到n=1，辐射的光子能
32、量最大，E=13.60.85eV=12.75eV故C错误D、如果发出的光子有两种能使某金属产生光电效应，知两种光子为能量最大的两种，分别为由n=4跃迁到n=1，和n=3跃迁到n=1能级发出的故D正确E、从n=4跃迁到n=3辐射的光子能量最小，频率最小，则波长最长故E正确故选：BDE15如图所示，在高1.25m的水平桌面上放一个质量为0.5kg的木块，质量为0.1kg的橡皮泥以30m/s的水平速度粘到木块上（粘合过程时间极短）木块在桌面上滑行1.5m后离开桌子落到离桌边2m 的地方求木块与桌面间的动摩擦因数（g取10m/s2）【考点】动量守恒定律；平抛运动【分析】木块离开桌面后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出木块离开桌面时的速度；橡皮泥击中木块过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出木块的速度；木块与橡皮泥一起在桌面上做匀减速直线运动，应用动能定理可以求出动摩擦因数【解答】解：木块离开桌面后做平抛运动，在水平方向：s=vt，在竖直方向：h=gt2，代入数据解得：v=4m/s，橡皮泥击中木块过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，代入数据解得：v=5m/s，木块在桌面上运动过程由动能定理得：（M+m）gx=（M+m）v2（M+m）v2，代入数据解得：=0.3；答：木块与桌面间的动摩擦因数为0.32016年8月1日高考资源网版权所有，侵权必究！
