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河北省正定中学2020-2021学年高一下学期第一次月考数学试题 WORD版含答案.docx

上传人:高**** 文档编号:816992 上传时间:2024-05-31 格式:DOCX 页数:9 大小:349.92KB
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资源描述

1、河北正定中学高一下学期第一次月考试卷数学试卷一、单项选择题:本题共8小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1设i是虚数单位,若复数,则z的共轭复数的虚部为( )A B C D2已知平面向量,满足,若,则x为( )A-1 B-2 C-3 D-43设R,则“”是“”的( )A充分而不必要条件 B必要而不充分条件C充要条件 D既不充分也不必要条件4已知函数f(x)Asin(x)(A0,0,|)的部分图象如图所示,则函数f(x)的解析式为( )A BC D5向量,若,的夹角为钝角,则t的范围是( )A B C且t-6 Dt-66已知,则( )A B C D7定义在R上的函数f(x)满

2、足f(x2)f(x),当x3,5时,f(x)1-|x-4|,则下列不等式成立的是( )A Bf(sin1)f(cos1)C Df(sin2)f(cos2)8已知平面向量,则的最大值( )A B C D二、多项选择题:本题共4小题,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求9已知向量,则( )A BC向量在向量上的投影向量是 D是向量的单位向量10设z1,z2,z3为复数,z10下列命题中正确的是( )A若|z2|z3|,则z2z3 B若z1z2z1z3,则z2z3C若,则|z1z2|z1z3| D若z1z2|z1|2,则z1z211已知在非直角三角形ABC中,三个内角为A,B,C,下列陈述正确的

3、是Asin(AB)sinC Bcos(AB)cosCCsin(2A2B)sin2C DtanAtanBtanCtanAtanBtanC12有以下四个命题,正确命题是( )A函数的一个增区间是B若函数f(x)sin(x)为奇函数,则为的整数倍C对于函数,若f(x1)f(x2),则x1-x2必是的整数倍D函数的图像关于点对称三、填空题:本题共4小题13tan2,则cos2_14已知函数,有f(2)f(-1)2,且f(x)在定义域上单调递增,则实数a的值是_15设P是ABC所在平面内的一点,若,且则点P是ABC的_(填“中心”、“外心”、“内心”、“重心”、“垂心”)16如图,设ABC的内角A、B、

4、C所对的边分别为a、b、c,若b2ac,D是ABC外一点,DC1,DA3,四边形ABCD面积最大值是_。四、解答题:本题共6小题,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17设两个非零向量和不共线(1)如果,求证:A、B、D三点共线;(2)若、是夹角为的两个单位向量,试确定k的值,使与垂直18已知向量,(1)求函数f(x)的对称中心及单调减区间;(2)若,求f(x)的值域19ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知abcosCcsinB(1)求B;(2)若b2,求ABC面积的最大值20已知函数f(x)ax(a0,a1)的图象经过点(1)函数f(x)g(x)h(x),其中g(x)为奇函数

5、,h(x)为偶函数,求h(x),g(x)的解析式;(2)x(0,1时,2lnh(x)-lng(x)-t0有解,求实数t的取值范围21如图,在ABC中,AB5,AC4,点D为ABC内一点,满足BDCD2,且A与BDC互补(1)求的值;(2)求边BC的长22若函数yT(x)对定义域内的每一个值x1,在其定义域内都存在x2,使T(x1)T(x2)1成立,则称该函数为“圆满函数”已知函数,g(x)2x-2-x;(1)判断函数yf(x)是否为“圆满函数”,并说明理由;(2)设h(x)log2xf(x),证明:h(x)有且只有一个零点x0,且河北正定中学高一第二学期第一次月考试卷数学答案1-5ACBDC

6、6-8BCA 9.AD 10.BC 11.AD 12.ABD 13. 14. 15.外心 16.17.解:(1)证明:,.2分, .3分有公共点B,三点共线;.5分(2),.6分.8分即,.9分解得.10分18.(1),.,.4分由得,对称中心为,.6分令,则,即函数单调递减区间是.8分(2),.10分当,即时,当,即时,当时,的值域为.12分19.解:(1)由已知及正弦定理得sinAsinBcosCsinCsinB.A(BC),sinAsin(BC)sinBcosCcosBsinC.由,和C(0,)得sinBcosB. 又B(0,),B.4分(2)ABC的面积SacsinBac.6分由已知及

7、余弦定理得b2a2c22accosB,即4a2c22accos,.9分又a2c22ac,ac,当且仅当ac时,等号成立.11分因此ABC面积的最大值为1.12分20.解:(1)由题意可得,函数,其中为奇函数,为偶函数,可得,即,解得.4分(2)由题意可得,有解所以令,.6分设,.因为,且在上为单调递增函数,.7分所以,所以,.8分因为,.10分当且仅当,即时取等号,.11分所以,故实数的取值范围为.12分21.解:(1)由题意可得,;在中,由,得;同理,.4分所以,;.6分(2)在中,由余弦定理得,.8分同理,.10分由(1)可得,.11分解得.12分22.解:(1)若是“圆满函数”.取,存在,使得,即,整理得,但是,矛盾,所以不是“圆满函数”.(2)易知函数的图象在上连续不断.当时,因为与在上单调递增,所以在上单调递增.因为,所以.根据函数零点存在定理,存在,使得,所以在上有且只有一个零点.当时,因为单调递增,所以,因为.所以,所以在上没有零点.综上:有且只有一个零点.因为,即,所以,.因为在上单调递减,所以,所以.

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