1、1(2022高考海南卷改编)以下化合物中，核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比为32的是()解析：选D。各选项有机物分子中不同化学环境的氢原子种数、核磁共振氢谱中峰个数及峰的面积之比方下表：选项来源:学.科.网Z.X.X.K不同化学环境的氢原子种数核磁共振氢谱中峰个数峰的面积之比A3种3个322B2种2个31C2种2个31D2种2个322.(2022高考海南卷改编)以下化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰，且其峰面积之比为31的有()A乙酸异丙酯 B乙酸乙酯C对二甲苯 D均三甲苯解析：选D。选项A，CH3COOCH(CH3)2的核磁共振氢谱中有三组峰，其峰面积之比为631；选项B，CH3COOC
2、H2CH3的核磁共振氢谱中有三组峰，其峰面积之比为323；选项C，的核磁共振氢谱中有两组峰，其峰面积之比为32；选项D，均三甲苯的核磁共振氢谱中有两组峰，其峰面积之比为31。3(2022高考江苏卷) 药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反响制得：以下有关表达正确的选项()A贝诺酯分子中有三种含氧官能团B可用FeCl3溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚C乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3溶液反响D贝诺酯与足量NaOH 溶液共热，最终生成乙酰水杨酸钠和对乙酰氨基酚钠解析：选B。结合三种有机物的构造确定含有的官能团及具有的性质。贝诺酯分子中含有COO和CONH两种含氧官能团，A错
3、。对乙酰氨基酚分子中含有酚羟基，能与FeCl3溶液发生显色反响，乙酰水杨酸那么不能，可利用FeCl3溶液区别这两种有机物，B对。乙酰水杨酸分子中含有COOH，能与NaHCO3溶液发生反响，而对乙酰氨基酚那么不能，C错。贝诺酯与足量NaOH溶液共热发生水解反响，生成 CH3COONa，D错。来源:Z#xx#k.Com4(2022新课标全国卷)查尔酮类化合物G是黄酮类药物的主要合成中间体，其中一种合成道路如下： 已经知道以下信息：芳香烃A的相对分子质量在100110之间，1 mol A充分燃烧可生成72 g水。C不能发生银镜反响。D能发生银镜反响、可溶于饱和Na2CO3溶液、核磁共振氢谱显示其有4
4、种氢。RCOCH3RCHORCOCH=CHR答复以下咨询题：(1)A的化学名称为_。(2)由B生成C的化学方程式为_。(3)E的分子式为_，由E生成F的反响类型为_。(4)G的构造简式为_。(不要求立体异构)(5)D的芳香同分异构体H既能发生银镜反响，又能发生水解反响，H在酸催化下发生水解反响的化学方程式为_。(6)F的同分异构体中，既能发生银镜反响，又能与FeCl3溶液发生显色反响的共有_种，其中核磁共振氢谱为5组峰，且峰面积比为22211的为_(写构造简式)。解析：从分子式、反响条件、有机物性质以及题给信息入手分析处理咨询题。(1)1 mol A充分燃烧可生成72 g H2O，其中n(H)
5、28 mol，又知芳香烃A的相对分子质量在100110之间，设芳香烃A的分子式为CnH8，当n8时，Mr1288104，符合题意，故A的分子式为C8H8，A与H2O在酸性条件下反响生成B，由反响条件O2/Cu、知B为醇，C为酮类，那么A为苯乙烯。(2)由于C为酮类，因此 (A)与H2O发生加成反响生成 (B)。B生成C的化学方程式为 。(3)由D的分子式为C7H6O2及D能与NaOH反响，能发生银镜反响，可溶于饱和Na2CO3溶液可知含CHO、酚羟基、苯环，又由于D的核磁共振氢谱显示有4种氢，故D的构造简式为，与稀NaOH反响生成 (E)，E的分子式为C7H5O2Na，由信息得 (E) (F)
6、，故该反响的反响类型为取代反响。(4)由CFG，结合信息即： (C) (F) (G)H2O，故G的构造简式为。(5)由D的芳香同分异构体H既能发生银镜反响，又能发生水解反响可知H为；H在酸催化下水解的化学方程式为 (6)F为，其同分异构体中能发生银镜反响那么有CHO，能与FeCl3溶液发生显色反响那么有酚羟基(OH)。其中确信还有一个CH3，故除CH3外剩余的构造有，邻位引入CH3有4种构造，间位引入CH3有4种构造，对位引入CH3又有2种构造，共10种；其同分异构体还可能是 (邻、间、对3种)，故共有13种，其中核磁共振氢谱为5组峰，且峰面积比为22211的同分异构体为。答案：(1)苯乙烯(3)C7H5O2Na取代反响(4)(不要求立体异构)
