1、2014-2015学年江苏省徐州市高二（上）期中物理试卷（文科）一单项选择题：每小题只有一个选项符合题意，请将你的答案填涂在答题卡上或填写在答案卷的表格内（本题共23小题每小题3分，共69分）1如图，用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，接触不带电的验电器金属小球a，这时验电器小球a和金箔b的带电情况是（）Aa带正电，b带负电Ba带负电，b带正电Ca、b均带正电Da、b均带负电2甲、乙两个原来不带电的物体相互摩擦（没有第三者参与），结果发现甲物体带了1.61015C的电荷量（正电荷），下列说法正确的是（）A乙物体也带了1.6C的正电荷B甲物体失去了104个电子C乙物体失去了104个电子D甲、乙两物体共
2、失去了2104个电子3可视为点电荷的A、B两带电小球固定在真空中，所带电荷量均为+q，若仅将A球所带电量变为q，则B球所受的库仑力（）A大小和方向均不变B大小和方向均改变C大小改变、方向不变D大小不变、方向改变4关于电场强度，下列说法正确的是（）A以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场场强大C若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右D电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大5两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示下列说法中正确的是（）AP、Q是两个等量正电荷BP、Q是两个等量负电
3、荷CP、Q是两个等量异种电荷DP、Q产生的是匀强电场6如图所示为静电场的一部分电场线的分布，下列说法正确的是（）A这个电场一定是负点电荷的电场B这个电场可能是匀强电场C点电荷q在A点时受到的静电力比在B点时受到的静电力大D负电荷在B点时受到的静电力的方向沿B点切线BP方向7下列说法正确的是（）A电场线是闭合的，磁感线是不闭合的B电场线越密的地方表示电场越强，磁感线越密的地方表示磁场越弱C电场中任意两条电场线不会相交，磁场中任意两条磁感线是可以相交的D电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向8在干燥的冬季，回到家中脱去外套后如果接着去触摸导电体，比如门把手、水嘴、
4、煤气开关、其他人等，常会被电击一下，使人很痛苦这是因为（）A衣服之间由于摩擦而产生了静电B人体本身是带电体C空气带电，在衣服上放电所致D以上说法均不正确9以下现象属于静电利用的是（）A油罐车用铁链放电B保持面粉加工车间里的空气湿度C在地毯中夹杂导电纤维D静电空气清新器10下列关于电容器的说法不正确的是（）A电容器由两个彼此绝缘的正对金属极板构成B电容器只能储存同种电荷，常用单位有F和pF，1F=106pFC照相机闪光灯应用电容器放电发出强光D电容器既能充电也能放电11下列说法正确的是（）A奥斯特实验证明了电流的热效应B法拉第最先建立了电磁场理论C点电荷、电场线、磁感线和元电荷都属于物理模型D赫
5、兹在人类历史上首先捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦关于光的电磁理论12如图所示，左侧水平台面上固定着条形磁铁，右侧固定着螺线管下列判断正确的是（）A螺线管内的磁场方向向右，磁铁受到的斥力向左B螺线管内的磁场方向向右，磁铁受到的斥力向右C螺线管内的磁场方向向左，磁铁受到的斥力向左D螺线管内的磁场方向向左，磁铁受到的斥力向右13对E=和B=的理解正确的是（）A电场中某点的电场强度E和检验电荷所受静电力成正比，与检验电荷电量成反比B通电导线放在磁场中某处不受磁场力的作用时，则该处的磁感应强度一定为零C若该导线所受的磁场力有最大值，则用来定义该处的磁感应强度D磁场中某点的磁感应强度与该点是否放通电导线有
6、关，电场中某点的电场强度与该点是否放检验电荷无关14如图所示的各图中，表示通电直导线在匀强磁场中所受磁场力的情况，其中磁感强度B、电流I、磁场力F三者之间的方向关系不正确的是（）ABCD15如图所示，在示波管下方有一根水平放置的通电直导线，则示波管中的电子束将（）A向下偏转B向上偏转C向纸外偏转D向纸里偏转16关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是（）17下列关于麦克斯韦电磁场理论的说法正确的是（）A变化的电场一定能产生变化的磁场B变化的磁场一定能产生变化的电场C电磁波的传播过程就是电子的传播过程D电磁波的传播过程就是电磁能的传播过程18下列关于产生感应电流的说法中，正确的是
7、（）A只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流产生B只要闭合导线框做切割磁感线的运动，导线框中就一定有感应电流C闭合电路的一部分导体，若不做切割磁感线运动，则闭合电路中就一定没有感应电流D当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中就一定有感应电流19如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（）A变大B变小C先变大后变小D先变小后变大20穿过单匝闭合线圈的磁通量每秒连续均匀地增大4Wb，则（）A线圈中的感应电动势将均匀增大B线圈中的感应电流将均匀增大C线圈中的感应电动势将保持4V不变D线圈
8、中的感应电流保持2A不变21如下图所示图象中不属于交流电的有（）ABCD22按频率由低到高的顺序排列，以下排列中正确的是（）A射线X射线紫外线红外线可见光B紫外线可见光红外线射线X射线C红外线可见光紫外线X射线射线D射线X射线紫外线可见光红外线23如图所示，灯LA、LB完全相同，带铁芯的线圈L的电阻可忽略则（）AS闭合瞬间，LA不亮，LB立即亮BS闭合瞬间，LA立即亮，LB不亮CS闭合瞬间，LA、LB都不立即亮DS闭合瞬间、LA、LB同时发光，接着LA变暗，LB更亮，最后LA熄灭二填空题：把答案填在答题纸相应的横线上（本大题3小题，其中24小题3分，25小题4分，26题4分共11分）24转换电
9、视频道，选择自己喜欢的电视节目，称为，把信息加载到载波上的技术叫做；电磁波的波速c与波长，频率f的关系是25一交流电压随时间变化的图象如图所示，则此交流电电压的峰值为V，有效值为V，频率为Hz；若将该电压加在一阻值为1k的纯电阻用电器上，用电器恰能正常工作，为避免意外事故的发生，电路中保险丝的额定电流应为A26如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场在此过程中，线圈的磁通量将（选填“变大”或“变小”）若上述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了Wb三计算和论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题
10、答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中27小题6分，28小题6分，29小题8分，共20分）27如图所示，线圈为100匝，在2s内穿过线圈的磁通量由2Wb均匀增大到4Wb，求：（1）这2s时间内线圈产生的感应电动势；（2）如果线圈回路的总电阻为100，则感应电流是多大？28把两个点电荷Q1Q2分别放在真空中的A、B两点已知Q1=4.0C，Q2=6.0C，r=20cm，如图所示（已知K=9.0109）（1）求Q2受到的静电力的大小和方向（2）求Q1在B点产生的电场强度的大小和方向29如图所示，ab、cd为两根相距2m的平行金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，MN是质量为3kg的金属
11、棒，已知动摩擦因数=，g=10（1）棒沿导轨做匀速运动时所受滑动摩擦力的大小（2）当通以由N到M的5A的电流时，棒沿导轨做匀速运动，求出匀强磁场磁感应强度的大小及安培力的方向（3）当棒中电流增加到8A时，求导线受到的安培力大小和棒能获得的加速度大小2014-2015学年江苏省徐州市高二（上）期中物理试卷（文科）参考答案与试题解析一单项选择题：每小题只有一个选项符合题意，请将你的答案填涂在答题卡上或填写在答案卷的表格内（本题共23小题每小题3分，共69分）1如图，用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，接触不带电的验电器金属小球a，这时验电器小球a和金箔b的带电情况是（）Aa带正电，b带负电Ba带负电，b
12、带正电Ca、b均带正电Da、b均带负电考点： 电荷守恒定律专题： 电场力与电势的性质专题分析： （1）自然界只存在两种电荷：正电荷和负电荷与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电（2）物体因多余电子带负电，缺少电子带正电（3）不带电的物体夺得电子的本领比带负电的物体夺得电子本领强解答： 解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，去接触验电器的金属球，此时金属球夺得电子的本领比橡胶棒的强，金属球夺得电子带负电故选：D点评： 掌握自然界的两种电荷的规定掌握带负电、带正电、不带电的物体夺得电子本领的强弱2甲、乙两个原来不带电的物体相互摩擦（没有第三者参与），结果发现甲物体带了1.61015C的电
13、荷量（正电荷），下列说法正确的是（）A乙物体也带了1.6C的正电荷B甲物体失去了104个电子C乙物体失去了104个电子D甲、乙两物体共失去了2104个电子考点： 电荷守恒定律专题： 电场力与电势的性质专题分析： 解答本题应明确起电的本质，明确不带电的物体呈现电中性，而带电的原因是失去或获得电子解答： 解：A、甲物体带了1.6C的电荷量（正电荷），由电荷守恒定律可知，乙物体带了1.6C的负电荷，故A错误；B、甲在摩擦过程中失去的电子数为：n=104，故B正确；C、乙物体得到了104个电子，故CD错误；故选：B点评： 本题考查电荷守恒定律，要明确在起电过程中总电荷量保持不变，得到电子的物体带负电，
14、失去电子的物体带正电3可视为点电荷的A、B两带电小球固定在真空中，所带电荷量均为+q，若仅将A球所带电量变为q，则B球所受的库仑力（）A大小和方向均不变B大小和方向均改变C大小改变、方向不变D大小不变、方向改变考点： 库仑定律专题： 电场力与电势的性质专题分析： 解本题应该掌握：库仑定律的内容，正确应用库仑力计算公式F=进行运算解答： 解：电荷之间的作用力规律为：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，本题中开始为斥力、后来为引力，因此库仑力方向发生变化，根据F=可知，电量大小和距离不变，因此库仑力大小不变故ABC错误，D正确故选D点评： 本题属于基础题，考察了库仑定律这一基本规律，在学习时要注意
15、其使用条件和各个物理量的含义4关于电场强度，下列说法正确的是（）A以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场场强大C若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右D电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大考点： 电场强度分析： 以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都大小相同，方向不同；电荷周围的电场与点电荷的电量有关，与电性无关；若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右；电场强度的大小与电荷受到的电场力的大小无关解答： 解：A、以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都大小
16、相同，方向不同；故A错误；B、电荷周围的电场强度的大小与点电荷的电量有关，与电性无关；故B错误；C、电场强度的方向与试探电荷的电性无关，若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右；故C正确；D、电场强度的大小是由电场本身决定的，与电荷受到的电场力的大小无关故D错误故选：C点评： 电场强度是矢量，既有大小，又有方向；电场强度的大小与方向是由电场本身决定的，与试探电荷无关5两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示下列说法中正确的是（）AP、Q是两个等量正电荷BP、Q是两个等量负电荷CP、Q是两个等量异种电荷DP、Q产生的是匀强电场考点： 电场
17、线；电场强度；电场的叠加专题： 电场力与电势的性质专题分析： 电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答： 解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P、Q是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确匀强电场的电场线应该是平行的直线，所以D错误故选C点评： 加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题6如图所示为静电场的一部分电场线的分布，下列说法正确的是（）A这个电场一定是负点电荷的电场B这个电场可能是匀强电场C点电荷q在A点时受到的静电力比在B点时受到的静电力大D负电荷在B点时受到的静电力的方向沿B
18、点切线BP方向考点： 电场强度专题： 电场力与电势的性质专题分析： 电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小电场力F=qE，同一电荷在场强越大的地方，所受的电场力越大解答： 解：A、负点电荷的电场线是自四周无穷远处从不同方向指向负点电荷的直线，所以该电场不是负点电荷的电场，故A错误B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场线的切线方向表示场强的方向可见，各处场强的大小和方向不同，说明该电场不是匀强电场故B错误；C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以EAEB，根据F=qE=ma知
19、点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大，故C正确；D、电场线的切线方向为该点场强的方向，由F=qE知负电荷在B点处受到的静电力的方向与场强的方向相反，所以负电荷在B点时受到的静电力的方向沿B点切线BQ方向，故D错误故选：C点评： 本题关键要理解并掌握点电荷、匀强电场的电场线的分布情况，理解电场线的物理意义，就能轻松选择7下列说法正确的是（）A电场线是闭合的，磁感线是不闭合的B电场线越密的地方表示电场越强，磁感线越密的地方表示磁场越弱C电场中任意两条电场线不会相交，磁场中任意两条磁感线是可以相交的D电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向考点： 磁感
20、线及用磁感线描述磁场；电场线分析： 本题要抓住：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线不是闭合的，有起点和终点磁感线是闭合的曲线；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；电场线和磁感线都不能相交；电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向解答： 解：A、根据电场线的分布特点：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线不是闭合的，而磁感线是闭合的曲线；故A错误B、电场线与磁感线相似，疏密表示场的强弱，即电场线越密的地方表示电场越强，磁感线越密的地方表示磁场越强故B错误C、电场线与磁感线相似，都不能相交，否则
21、交点处场有两个不同的方向，违反了场的唯一性，故C错误D、根据电场线和磁感线的物理意义得知：电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向故D正确故选D点评： 本题就是考查学生对电场线和磁感线的理解，它们之间的最大的区别是磁感线是闭合的曲线，但电场线不是闭合的，有起点和终点8在干燥的冬季，回到家中脱去外套后如果接着去触摸导电体，比如门把手、水嘴、煤气开关、其他人等，常会被电击一下，使人很痛苦这是因为（）A衣服之间由于摩擦而产生了静电B人体本身是带电体C空气带电，在衣服上放电所致D以上说法均不正确考点： * 静电的利用和防止分析： 脱掉外衣，出现摩擦起电，伸手去开自来水龙
22、头，出现放电现象，感觉被“电”了一下，从而即可求解解答： 解：由题意可知，脱掉外衣时，出现摩擦起电现象，当伸手去开自来水龙头，使产生的大量静电导走，从而出现放电现象，所以感觉被“电”了一下静电的产生是在脱掉外衣时，出现摩擦起电现象带上的电荷，不是人体本身是带电体，也不是空气带电故A正确，BCD错误；故选：A点评： 考查摩擦起电的实质，理解放电现象的原理，注意静电感应起电与摩擦起电的区别9以下现象属于静电利用的是（）A油罐车用铁链放电B保持面粉加工车间里的空气湿度C在地毯中夹杂导电纤维D静电空气清新器考点： 静电现象的解释分析： 了解静电现象，理解其应用与防止，会分析其原理解答： 解：A、因为铁
23、具有良好的导电性，可以把运输过程中会由于摩擦产生静电荷导走，是为了防止静电产生火灾故A错误B、保持面粉加工车间里的空气湿度使将产生的静电导入大地，故B错误C、在地毯中夹杂导电纤维，是为了防止产生过多的静电将人击伤故C错误D、静电空气清新器利用静电除去空气中的灰尘，故D正确故选D点评： 本题考查了静电现象，关键理解其工作原理，会分析实际问题10下列关于电容器的说法不正确的是（）A电容器由两个彼此绝缘的正对金属极板构成B电容器只能储存同种电荷，常用单位有F和pF，1F=106pFC照相机闪光灯应用电容器放电发出强光D电容器既能充电也能放电考点： 电容专题： 电容器专题分析： 任何两个彼此绝缘又相互
24、靠近的导体都可以容纳，可看成一个电容器，照相机闪光灯应用电容器放电发出强光，电容器既能充电，也能放电解答： 解：A、电容器由两个彼此绝缘的正对金属极板构成；故A正确；B、电容器两极板上带有异种电荷，不是只能存一种电荷；故B错误；C、照相机闪光灯应用电容器放电发出强光；故C正确；D、电容器与电源相连时，电容器将充电，而电容器两极板间用导线相连时，电容器放电；故D正确；本题选错误的；故选：B点评： 本题考查与电容器相关的一些知识，知道平行板电容器是由两个彼此绝缘的正对极板构成，电容器具有容纳电荷的本领11下列说法正确的是（）A奥斯特实验证明了电流的热效应B法拉第最先建立了电磁场理论C点电荷、电场线
25、、磁感线和元电荷都属于物理模型D赫兹在人类历史上首先捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦关于光的电磁理论考点： 物理学史专题： 常规题型分析： 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答： 解：A、奥斯特实验证明了电流的磁效应，故A错误；B、麦克斯韦最先建立了电磁场理论，故B错误；C、点电荷是物理模型，而电场线、磁感线实际不存在，不是理想模型，故C错误；D、赫兹在人类历史上首先捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦关于光的电磁理论故D正确；故选：D点评： 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一12如图所示，左侧水平台面上固定着条形磁
26、铁，右侧固定着螺线管下列判断正确的是（）A螺线管内的磁场方向向右，磁铁受到的斥力向左B螺线管内的磁场方向向右，磁铁受到的斥力向右C螺线管内的磁场方向向左，磁铁受到的斥力向左D螺线管内的磁场方向向左，磁铁受到的斥力向右考点： 通电直导线和通电线圈周围磁场的方向分析： 由图可知电流方向，由右手螺旋定则可得出通电螺线管的磁极方向，则由磁极间的相互作用可得出磁铁受到的力解答： 解：由图可知，电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可得，内部磁感线向左，螺线管左侧为N极；因两磁铁为同名磁极相对，故磁铁受斥力方向向左；故选：C点评： 本题考查右手螺旋定则的应用，属基础题型13对E=和B=的理解正确的是（）A电场中
27、某点的电场强度E和检验电荷所受静电力成正比，与检验电荷电量成反比B通电导线放在磁场中某处不受磁场力的作用时，则该处的磁感应强度一定为零C若该导线所受的磁场力有最大值，则用来定义该处的磁感应强度D磁场中某点的磁感应强度与该点是否放通电导线有关，电场中某点的电场强度与该点是否放检验电荷无关考点： 磁感应强度；电场强度分析： 电场强度处处相等的区域内，电势不一定处处相等，沿电场线的方向电势降低；小段通电导线在某处若不受磁场力，是导线与磁场垂直，则此处不一定无磁场电场强度的定义式E=适用于任何电场；磁感应强度的方向与置于该处的通电导线所受的安培力方向垂直解答： 解：A、由E=知，试探电荷在电场中受的电
28、场力F与电荷量q的比值，叫该点电场强度的大小和检验电荷所受静电力无关，与检验电荷电量无关故A错误；B、通电导线放在磁场中某处不受磁场力的作用时，可能是电流的方向与磁场平行，则该处的磁感应强度不一定为零故B错误；C、公式B=是磁感应强度的定义式，条件是导线与磁场垂直若该导线所受的磁场力有最大值，则用来定义该处的磁感应强度故C正确；D、磁场中某点的磁感应强度与该点是否放通电导线无关，电场中某点的电场强度与该点是否放检验电荷无关故D错误故选：C点评： 本题考查对电场强度与磁感应强度两公式的理解能力，首先要理解公式中各个量的含义，其次要理解公式的适用条件，注意比值定义法的含义，同时知道电荷有正负之分1
29、4如图所示的各图中，表示通电直导线在匀强磁场中所受磁场力的情况，其中磁感强度B、电流I、磁场力F三者之间的方向关系不正确的是（）ABCD考点： 左手定则分析： 磁场对直线电流的作用称为安培力，用左手定则判断方向将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项解答： 解：A、磁场向上，电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向水平向右，所以A正确；B、磁场向左，电流向上，根据左手定则可得，安培力的方向向右，所以B正确；C、磁场向左，电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向向上，所以C错误；D、磁场向里，电流向右上方，根据左手定则可得，安培力的方向向左上方，所以D正确；本题选错误的，故选：C点评： 通电直
30、导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断对于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用15如图所示，在示波管下方有一根水平放置的通电直导线，则示波管中的电子束将（）A向下偏转B向上偏转C向纸外偏转D向纸里偏转考点： 示波管及其使用分析： 由安培定则判断出通电导线中的电流在示波管位置的磁场方向；然后由左手定则判断出电子束受到的安培力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转解答： 解：由安培定则可知，在示波管处电流磁场方向垂直于纸面向外；电子束由左向右运动，电子束形成的电流方向水平向左，由左手定则可知，电子束受到的安培力竖直向上，则电子束向上偏转；故选：B点评： 知道电流方
31、向与电子运动方向相反，熟练掌握安培定则、左手定则是正确解题的关键16关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是（）考点： 磁现象和磁场分析： 通电导线周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定解答： 解：A、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针故A正确；B、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针而图为顺时针，故B错误；C、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；D、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误；故选：A点评： 右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方
32、向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向17下列关于麦克斯韦电磁场理论的说法正确的是（）A变化的电场一定能产生变化的磁场B变化的磁场一定能产生变化的电场C电磁波的传播过程就是电子的传播过程D电磁波的传播过程就是电磁能的传播过程考点： 电磁场；电磁波的产生分析： 麦克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场，当中的变化有均匀变化与周期性变化之分解答： 解：A、均匀变化的电场产生稳定的磁场，而非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场，恒定的电场不会产生磁场，故A错误；B、均匀变化的磁场一定产生稳定的电场，而非均匀变化的磁场将产生非均匀变化的电场，恒定的磁场不会产生电场，故B错误；C、电磁波是由变化
33、的电磁场产生的，电磁波的传播过程就是电磁能的传播过程，故C错误；D正确；故选：D点评： 考查麦克斯韦的电磁场理论中变化的分类：均匀变化与非均匀（或周期性）变化电磁波被麦克斯韦预言了存在，而赫兹证实了电磁波的存在18下列关于产生感应电流的说法中，正确的是（）A只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流产生B只要闭合导线框做切割磁感线的运动，导线框中就一定有感应电流C闭合电路的一部分导体，若不做切割磁感线运动，则闭合电路中就一定没有感应电流D当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中就一定有感应电流考点： 感应电流的产生条件分析： 感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化就
34、能产生感应电流可以分解为两个条件：1、闭合电路，2、磁通量发生变化这两个条件必须同时满足，才能有感应电流产生解答： 解：A、满足磁通量变化，但是没有满足闭合电路这个条件，故A错误B、满足闭合电路，但是磁通量不一定变化，不一定有感应电流，故B错误C、闭合电路的一部分导体，若不做切割磁感线运动，但闭合电路中穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也有感应电流故C错误D、当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中就一定有感应电流故D正确故选：D点评： 此题要求理解感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化才能产生感应电流要产生感应电流，电路一定要闭合，穿过的磁通量还要变化，缺一不可19如图所示，
35、在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（）A变大B变小C先变大后变小D先变小后变大考点： 磁通量分析： 根据磁通量的物理意义：穿过磁场中某一面积的磁感线的条数，分析磁通量的变化情况解答： 解：线圈在实线位置时，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大；线圈在虚线位置时，磁感线与线圈平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量为零，则当线圈由实线位置绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量逐渐变小故选B点评： 对于非匀强磁场中线圈的磁通量，可以根据磁感线的条数，确定如何变化对于匀强磁场，可以根据公式=BS
36、cos判断磁通量如何变化20穿过单匝闭合线圈的磁通量每秒连续均匀地增大4Wb，则（）A线圈中的感应电动势将均匀增大B线圈中的感应电流将均匀增大C线圈中的感应电动势将保持4V不变D线圈中的感应电流保持2A不变考点： 法拉第电磁感应定律；楞次定律专题： 电磁感应与电路结合分析： 由法拉第电磁感应定律，可以求出感应电动势大小，结合欧姆定律，可确定感应电流的大小解答： 解：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n=1=4V，A、闭合线圈的磁通量每秒连续均匀地增大4Wb，则感应电动势是一个定值，不随时间变化，故A错误，C正确；B、根据欧姆定律可知，线圈中的感应电流是定值，故B错误；D、因线圈的电阻不知
37、，则无法确定电流的大小，故D错误故选：C点评： 解决本题的关键是掌握法拉第电磁感应定律E=n，要知道磁通量均匀变化时，感应电动势恒定不变，掌握欧姆定律的应用，注意线圈闭合才会有电流21如下图所示图象中不属于交流电的有（）ABCD考点： 交变电流分析： 直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变解答： 解：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是ABC，故ABC是交流电，D是直流电本题选择不是的，故选：D点评： 交流电的最大的特点是电流方向在不断的变化，对于其大小是否变化没有要
38、求22按频率由低到高的顺序排列，以下排列中正确的是（）A射线X射线紫外线红外线可见光B紫外线可见光红外线射线X射线C红外线可见光紫外线X射线射线D射线X射线紫外线可见光红外线考点： 电磁波谱分析： 依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线（伽马射线）解答： 解：依照波长的从长到短，即频率由低到高的顺序新，电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线（伽马射线）；故C正确，ABD错误故选：C点评：本题关键是明确无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线都是电磁波，同时要知道它们的波长特点和各自的应用23如图所示，灯LA
39、、LB完全相同，带铁芯的线圈L的电阻可忽略则（）AS闭合瞬间，LA不亮，LB立即亮BS闭合瞬间，LA立即亮，LB不亮CS闭合瞬间，LA、LB都不立即亮DS闭合瞬间、LA、LB同时发光，接着LA变暗，LB更亮，最后LA熄灭考点： 自感现象和自感系数分析： 开关S闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，随后A灯变暗，B灯变亮断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭解答： 解：开关S闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小，流过B灯的电流逐渐增大，则A灯变暗，B灯
40、变亮，最后LA熄灭故ABC错误，D正确故选：D点评： 对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路二填空题：把答案填在答题纸相应的横线上（本大题3小题，其中24小题3分，25小题4分，26题4分共11分）24转换电视频道，选择自己喜欢的电视节目，称为调谐，把信息加载到载波上的技术叫做调制；电磁波的波速c与波长，频率f的关系是C=f考点： 电磁波的发射、传播和接收分析： 电视频道有许多种，它们各自的信号不相同，为了能选择自己喜欢的电视节目，必须对电视进行调谐电磁波传播的速度等于光速；由公式c=f可知，电磁波的波速一定，频率与波长成反比解答：
41、解：由于我们在选择电视节目，所以应该是调谐调制是发射无线电波的过程，在发射过程中有调幅与调频两种方式调幅是改变信号的振幅，调频是改变信号的频率波长、波速及频率的关系为：波速等于波长与频率的乘积，即c=f故答案为：调谐，调制，C=f点评： 调制是无线电波发射过程，调谐是无线电波接收过程；调制中有调幅与调频25一交流电压随时间变化的图象如图所示，则此交流电电压的峰值为200V，有效值为100V，频率为50Hz；若将该电压加在一阻值为1k的纯电阻用电器上，用电器恰能正常工作，为避免意外事故的发生，电路中保险丝的额定电流应为0.14A考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值
42、、周期和频率专题： 交流电专题分析： 根据图象可知交流电的电压最大值以及周期，然后进一步可求出电压的有效值和频率，最后求解电功率解答： 解：从图象可以看出，该电压为余弦式交变电压，周期为T=0.02s，频率为f=50Hz；电压的最大值为200V，电压有效值为U=100V；将该电压加在一阻值为1k的纯电阻用电器，用电器恰能正常工作，则该用电器的额定电流为I=0.14A；故答案为：200； 100；50； 0.14点评： 本题考察的是有关交变电流的产生和特征的基本知识，要具备从图象中获得有用信息的能力26如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场在此过程中，线圈的磁通量将变大（选填“变大”或“变小”）若上
43、述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了0.02Wb考点： 法拉第电磁感应定律；磁通量分析： 匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，磁通量=BS，根据面积变化，分析磁通量的变化；根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势解答： 解：匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，磁通量=BS，面积变大，故磁通量变大；根据法拉第电磁感应定律：E=，则有=Et=0.20.1=0.02Wb，故答案为：变大，0.02点评： 本题是法拉第电磁感应定律的简单应用当线圈与磁场垂直时，磁通量=BS对于磁通量的变化，也可以根据磁感线数判断三计算和论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要
44、的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中27小题6分，28小题6分，29小题8分，共20分）27如图所示，线圈为100匝，在2s内穿过线圈的磁通量由2Wb均匀增大到4Wb，求：（1）这2s时间内线圈产生的感应电动势；（2）如果线圈回路的总电阻为100，则感应电流是多大？考点： 法拉第电磁感应定律专题： 电磁感应与电路结合分析： 根据法拉第电磁感应定律求出线圈中感应电动势根据欧姆定律求出感应电流解答： 解：根据法拉第电磁感应定律得：E=V=100V根据欧姆定律得：答：（1）这2s时间内线圈产生的感应电动势100V；（2）如果线圈回路的总
45、电阻为100，则感应电流是1A点评： 考查法拉第电磁感应与欧姆定律，注意线圈为100匝，公式里的n不能丢28把两个点电荷Q1Q2分别放在真空中的A、B两点已知Q1=4.0C，Q2=6.0C，r=20cm，如图所示（已知K=9.0109）（1）求Q2受到的静电力的大小和方向（2）求Q1在B点产生的电场强度的大小和方向考点： 电场强度专题： 电场力与电势的性质专题分析： （1）直接根据库伦定律公式进行计算即可（2）依据库伦定律求出Q2所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出Q1在Q2所在处的场强的大小解答： 解：（1）由库仑定律得：故Q2受到的静电力的大小为：F=5.41010N方向由B指向A
46、； （2）根据库伦定律知Q2所受电场力为：F=k 依据电场强度的定义式：E= 由得Q1在B点产生的电场强度为：E=k=9109N/C=90N/C故Q1在B点产生的电场强度的大小90N/C，方向由A指向B答：（1）Q2受到的静电力的大小5.41010N方向由B指向A； （2）Q1在B点产生的电场强度的大小90N/C，方向由A指向B点评： 本题很简单直接考查了库伦定律F=k 和电场强度定义式E=的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义29如图所示，ab、cd为两根相距2m的平行金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，MN是质量为3kg的金属棒，已知动摩擦因数=，g=10（
47、1）棒沿导轨做匀速运动时所受滑动摩擦力的大小（2）当通以由N到M的5A的电流时，棒沿导轨做匀速运动，求出匀强磁场磁感应强度的大小及安培力的方向（3）当棒中电流增加到8A时，求导线受到的安培力大小和棒能获得的加速度大小考点： 安培力；摩擦力的判断与计算分析： （1）有滑动摩擦力即可求得；（2）当摩擦力等于安培力时恰好匀速即可求得（3）由F=BIL求的安培力大小，结合牛顿第二定律求的加速度解答： 解：（1）由滑动摩擦力可知（2）匀速运动，摩擦力等于安培力BIL=F安培力的方向水平向左 （3）由F=BIL得F=BIL=182N=16N加速度为答：（1）棒沿导轨做匀速运动时所受滑动摩擦力的大小为10N（2）匀强磁场磁感应强度的大小为1T 及安培力的方向向左（3）导线受到的安培力大小为16N和棒能获得的加速度大小为2m/s2点评： 本题关键对MN正确受力分析，熟练应用平衡条件、安培力公式和牛顿第二定律即可正确解题
