1、考前仿真模拟卷(一)(时间：90分钟满分：100分)相对原子质量：H 1C 12N 14O 16Na 23Mg 24S 32Cl 35.5K 39Ca 40Fe 56Cu 64Ba 137一、选择题(本大题共25小题，每小题2分，共50分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1下列属于酸性氧化物的是()ACO2 BCaO CK2SO4 DNaOH2下列实验仪器中，常用来取用块状固体药品的是()A. B. C. D.3下列物质属于能导电的强电解质的是()A醋酸 B氯化钠溶液C乙醇 D熔融的硫酸钡4下列化工生产过程中，未涉及氧化还原反应的是()A海带提碘 B
2、氯碱工业C氨碱法制碱 D海水提溴5下列物质的水溶液因水解而呈碱性的是()ANH4NO3 BNaHCO3 CNaCl DNaOH6下列说法中正确的是()A氯化钾溶液在电流作用下电离成K和ClB氧化还原反应的本质是有化合价的升降C依据丁达尔效应可将分散系分为溶液、胶体与浊液D硅是构成矿物和岩石的主要元素，硅在地壳中的含量在所有的元素中居第二位7下列说法不正确的是()A.Cl2与Cl2互为同位素B.Fe的核内质子数比中子数少8C经催化加氢后的生成物，其一氯代物的同分异构体有5种DC60、14C70、C108互为同素异形体8下列物质均有漂白作用，其中漂白原理与其他三种不同的是()AHClO BSO2
3、CO3 DNa2O29下列方式属于生物质能利用的是()A植物通过光合作用储存能量B使生物质在一定条件下发生化学反应，产生热值较高的可燃气体C用氢气和氧气制造燃料电池D将煤转化为气体或液体燃料，减小煤燃烧引起的污染10下列关于实验操作或设计的说法正确的是()A乙酸与乙酸乙酯的混合物，可通过蒸馏或用足量饱和碳酸钠溶液洗涤后分液的方法进行分离B做金属钠和水反应实验时，切割下来的表层物质，也不能直接丢弃到废纸篓里，而应放回原试剂瓶C酸式滴定管在润洗时，可在滴定管中加入少量待装液，润洗后将溶液从滴定管的上口倒入废液缸中，重复23次，润洗完毕D高锰酸钾是一种常用的化学试剂，当高锰酸钾晶体结块时，应在研钵中
4、用力研磨，以得到细小晶体，有利于加快反应或溶解的速率11下列关于有机物的说法正确的是()AC5H10O2的同分异构体中，能与NaHCO3溶液反应生成CO2的有2种B按系统命名法，有机物的名称是2，3，5，5四甲基4，4二乙基己烷C乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的反应原理相同DC5H11Br有8种同分异构体，它们的熔、沸点各不相同122 mol金属钠和1 mol氯气反应的能量关系如图所示，下列说法不正确的是()A相同条件下，K(s)的(H2H3)Na(s)的(H2H3)BH4的值数值上和ClCl共价键的键能相等CH5H5DH7苯乙烯B乙醇、乙酸、乙酸乙酯均能与NaOH溶液反应C某有机物燃烧只生
5、成物质的量之比为12的CO2和H2O，说明其最简式为CH4D只用水即可鉴别CCl4和己烷16下列说法不正确的是()A石英是由硅原子和氧原子构成的原子晶体，每个原子的最外层都具有8电子稳定结构BNa2O是离子晶体，其溶于水生成NaOH的过程中既有离子键的断裂又有共价键的形成C现代科技已经能够拍到氢键的“照片”，直观地证实了水分子间的氢键是一个水分子中的氢原子与另一个水分子中的氧原子间形成的化学键D若存在NH5，且所有原子的最外层都符合相应的稀有气体原子的最外层电子结构，则该物质是既具有离子键又具有共价键的离子化合物17如图是氢氧燃料电池构造示意图。下列说法不正确的是()Aa极是负极B电子由b极通
6、过灯泡流向a极C该电池总反应是2H2O2=2H2OD该装置可将化学能转化为电能18解释下列物质性质的变化规律时，与共价键的键能无关的是()AN2比O2的化学性质稳定BF2、Cl2、Br2、I2的沸点逐渐升高C金刚石的熔点比晶体硅高DHF、HCl、HBr、HI的热稳定性依次减弱19下列说法正确的是()A蛋白质、纤维素、蔗糖、聚乙烯、淀粉都是高分子化合物B研制乙醇汽油(汽油中添加一定比例的乙醇)技术，可以降低机动车辆尾气中有害气体排放C使用太阳能热水器、沼气的利用、玉米制乙醇都涉及生物质能的利用D石油、煤、天然气、可燃冰、植物油都属于化石燃料20温度为T时，在三个容积均为1 L的恒容密闭容器中仅发
7、生反应：2SO2(g)O2(g)2SO3(g)H0，达到平衡时，下列说法不正确的是()容器编号容器类型起始物质的量/mol平衡时SO3的物质的量/molSO2O2SO3恒温恒容2101.8恒温恒压210a绝热恒容002bA.容器中SO2的转化率小于容器中SO2的转化率B容器的平衡常数大于容器中的平衡常数C平衡时SO3的物质的量：a1.8、b1.8D若起始时向容器中充入0.10 mol SO2(g)、0.20 mol O2(g)和2.0 mol SO3(g)，则此时v正v逆21能证明乙酸是弱酸的实验事实是()ACH3COOH溶液与Zn反应放出H2B0.1 mol/L CH3COONa溶液的pH大
8、于7CCH3COOH溶液与Na2CO3反应生成CO2D0.1 mol/L CH3COOH溶液可使紫色石蕊变红22设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A8 g CH4O中含有的CH键数目为NAB25 时，100 mL pH8的氨水中NH的数目为9.9108NAC56 g Fe和64 g Cu分别与1 mol S反应转移的电子数均为2NAD标准状况下，2.24 L Cl2溶于水所得氯水中含氯的微粒总数为0.2NA23常温下，向 20 mL 0.2 molL1 H2A溶液中滴加0.2 molL1 NaOH 溶液，滴加过程中有关微粒的物质的量变化如图所示。下列说法正确的是()A当V(NaO
9、H)10 mL时，溶液中粒子浓度大小关系为c(Na)c(H2A)c(HA)c(H)c(OH)B当V(NaOH)20 mL时，溶液中粒子浓度大小关系为c(Na)c(H)c(HA)c(A2)c(H2A)C当V(NaOH)30 mL时，溶液中存在以下关系：c(A2)2c(OH)c(HA)c(H)3c(H2A)D当V(NaOH)40 mL 时，溶液中存在以下关系：c(Na)2c(A2)c(HA)c(H2A)24已知还原性：IFe2Br，下列离子方程式正确的是()A将少量Cl2通入FeBr2溶液中：Cl22Br=Br22ClB将足量Cl2通入FeBr2溶液中：2Fe22Br2Cl2=2Fe3Br24Cl
10、C将少量Cl2通入FeI2溶液中：2Fe24I3Cl2=2Fe32I26ClD将672 mL Cl2(标准状况)通入250 mL 0.1 molL1的FeI2溶液中：2Fe210I6Cl2=12Cl5I22Fe325某兴趣小组查阅资料得知：保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液能定量吸收O2；CuCl的盐酸溶液能定量吸收CO，且易被O2氧化。拟设计实验方案，采用上述两种溶液和KOH溶液及量气装置，测定高炉煤气中CO、CO2、N2和O2的百分组成。下列说法不正确的是()A采用上述3种吸收剂，气体被逐一吸收的顺序应该是CO2、O2和COB保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液吸收O2的离子
11、方程式为2S2O3O24OH=4SO2H2OC反应结束，恢复至室温，调整水准管内液面与量气管液面齐平，可观察到量气管液面下降D其他两种吸收剂不变，O2的吸收剂可以用灼热的铜网替代二、非选择题(本大题共7小题，共50分)26(6分)A、B、C、D、E、F是中学化学教材中六种常见的物质，它们之间有如图所示的相互转化关系(反应条件及部分产物未标出)。已知：A、B、D均是有机物，其中A、B是家庭厨房中常用调味品的主要成分，且B的相对分子质量比A大14，E是密度最小的气体。请回答下列问题：(1)F为_(填名称)；(2)A中所含官能团的名称是_；(3)反应的化学方程式为_。27(6分)化合物A由三种元素组
12、成，某兴趣小组进行了如下实验：已知：气体甲为纯净物且只含两种元素，在标准状况下体积为672 mL；溶液乙为建筑行业中常用的粘合剂。请回答下列问题：(1)A的组成元素为_(用元素符号表示)；(2)写出气体甲与NaOH(aq)反应的离子方程式：_；(3)高温下，A与足量氯气能发生剧烈爆炸，生成三种常见化合物，试写出相应的化学方程式：_。28(4分)纯净的氮化镁(Mg3N2)是淡黄色固体，热稳定性较好，遇水极易发生反应。某同学初步设计了如下实验装置制备氮化镁(夹持及加热仪器没有画出)。已知：Mg2NH3=Mg(NH2)2H2。请回答：(1)装置A中生成Cu的化学方程式为_。(2)下列说法不正确的是_
13、。A为了得到纯净的氮化镁，实验前需要排除装置中的空气B装置B起到了缓冲安全的作用C将装置B、C简化成装有碱石灰的U形管，也能达到实验目的D实验后，取装置D中固体加少量水，能生成使湿润的蓝色石蕊试纸变红的气体(3)实验结束，发现装置A中存在Cu2O。请分析生成Cu2O的原因：_(用化学方程式表示)。(4)氮化镁溶于稀硫酸，可能生成的盐有_(用化学式表示)。29(4分)工业上通过电解饱和食盐水来制取氯气。现取500 mL含NaCl为11.7 g的饱和食盐水进行电解，2NaCl2H2O2NaOHH2Cl2。(1)在标准状况下制得Cl2为_L；(2)所得NaOH的物质的量浓度为_(电解前后溶液体积保持
14、不变)。30(10分)用NH3催化还原NxOy可以消除氮氧化物的污染。已知：反应： 4NH3(g)6NO(g)5N2(g)6H2O(l)H1反应： 2NO(g)O2(g)2NO2(g)H2(且|H1|2|H2|)反应：4NH3(g)6NO2(g)5N2(g)3O2(g)6H2O(l)H3反应和反应在不同温度时的平衡常数及其大小关系如下表：温度/K反应反应已知：K2K1K2K1298K1K2398K1K2(1)H3_(用含H1、H2的代数式表示)；推测反应是_(填“吸热”或“放热”)反应，理由是_。 (2)相同条件下，反应在2 L密闭容器内进行，选用不同的催化剂，反应产生N2的物质的量随时间变化
15、如图所示。04 min在A催化剂作用下，反应速率v(NO)_。 下列说法中不正确的是_。 A单位时间内HO键与NH键断裂的数目相等时，说明反应已经达到平衡B若在恒容绝热的密闭容器中发生反应，当K值不变时，说明反应已经达到平衡C该反应的活化能大小顺序是Ea(A)Ea(B)Ea(C)D增大压强能使反应速率加快，是因为增加了活化分子百分数使用A催化剂反应相同时间，生成氮气最多的原因是_。(3)电化学气敏传感器可用于监测环境中NH3的含量，其工作原理示意图如图。溶液中OH向电极_(填“a”或“b”)移动，负极的电极反应式为_。 31(10分)硫酸四氨合铜晶体Cu(NH3)4SO4H2O常用作杀虫剂、媒
16、染剂，在碱性镀铜中也常用作电镀液的主要成分，在工业上用途广泛。常温下该物质溶于水，不溶于乙醇、乙醚，在空气中不稳定，受热时易分解。某化学兴趣小组以Cu粉、3 mol/L的硫酸、浓氨水、10% NaOH溶液、95%的乙醇溶液、0.500 mol/L稀盐酸、0.500 mol/L的NaOH溶液来合成硫酸四氨合铜晶体并测定其纯度。.CuSO4溶液的制备称取4 g铜粉，在A仪器中灼烧10分钟并不断搅拌，放置冷却。在蒸发皿中加入30 mL 3 mol/L的硫酸，将A中固体慢慢放入其中，加热并不断搅拌。趁热过滤得蓝色溶液。(1)A仪器的名称为_。(2)某同学在实验中有1.5 g的铜粉剩余，该同学将制得的C
17、uSO4溶液倒入另一蒸发皿中加热浓缩至有晶膜出现，冷却析出的晶体中含有白色粉末，试解释其原因：_。.晶体的制备将上述制备的CuSO4溶液按如图所示进行操作：(3)已知浅蓝色沉淀的成分为Cu2(OH)2SO4，试写出生成此沉淀的离子方程式：_。(4)析出晶体时采用加入乙醇的方法，而不是浓缩结晶的原因是_。.氨含量的测定精确称取 g晶体，加适量水溶解，注入如图所示的三颈瓶中，然后逐滴加入V mL 10%NaOH溶液，通入水蒸气，将样品液中的氨全部蒸出，并用蒸馏水冲洗导管内壁，用V1 mL 0.500 mol/L的盐酸标准溶液完全吸收。取下接收瓶，用0.500 mol/L NaOH标准溶液滴定过剩的
18、HCl(选用甲基橙做指示剂)，到终点时消耗V2 mL NaOH溶液。(5)A装置中长玻璃管的作用是_，样品中氨的质量分数的表达式为_。(6)下列实验操作可能使氨含量测定结果偏高的原因是_。A滴定时未用NaOH标准溶液润洗滴定管B读数时，滴定前平视，滴定后俯视C滴定过程中选用酚酞做指示剂D取下接收瓶前，未用蒸馏水冲洗插入接收瓶中的导管外壁32(10分)化合物G是一种用于合成分泌调节剂的药物中间体，其合成路线流程图如下：已知：请回答：(1)B的结构简式为_。(2)下列说法正确的是_。A化合物A能与FeCl3溶液发生显色反应B1 mol化合物C最多能与2 mol NaOH反应C化合物E既有氧化性，又
19、有还原性D由流程可知，RedAl、MnO2分别做还原剂、氧化剂，其中MnO2也可用Cu/O2或足量的酸性高锰酸钾等代替E化合物G的最简式为C6H6NO(3)CD的过程中有一种无色无味气体产生，其化学方程式为_。(4)写出同时满足下列条件的B的同分异构体的结构简式：_。含有苯环，且分子中有一个手性碳原子；能发生水解反应，水解产物之一是氨基酸，另一水解产物分子中只有2种不同化学环境的氢。(5)已知：(R代表烃基，R代表烃基或H)。请写出以和(CH3)2SO4为原料制备的合成路线流程图(无机试剂任选，合成路线流程图示例见本题题干)：_。考前仿真模拟卷(一)1A2.C3D解析 A醋酸能够部分电离，属于
20、弱电解质，故A错误；B.氯化钠溶液属于混合物，既不是电解质也不是非电解质，故B错误；C.乙醇在水溶液里和熔融状态下都不能导电是非电解质，故C错误；D.硫酸钡在熔融状态下完全电离而导电，属于强电解质，故D正确。4C5.B6D解析 AKCl在水分子的作用下电离出自由移动的阴、阳离子，电解质的电离不需要通过电流，故A错误；B.氧化还原反应的本质是有电子转移，其特征是有元素化合价的升降，故B错误；C.只有胶体能产生丁达尔效应，所以不能利用丁达尔效应作为区分溶液、胶体和浊液的依据，故C错误；D.硅是构成矿物和岩石的主要元素，矿物和岩石主要成分是二氧化硅、硅酸盐，地壳中元素含量位于前四位的分别是O、Si、
21、Al、Fe，故D正确。7A解析 A.Cl2与Cl2均表示氯气分子，不互为同位素，A错误；B.Fe的核内质子数(26)比中子数(34)少8，B正确；C. 经催化加氢后生成2甲基戊烷，含有五种不同化学环境的H，故其一氯代物的同分异构体有5种，C正确；D.C60、14C70、C108均为碳元素形成的不同单质，互为同素异形体，D正确。8B9B解析 生物质能的利用主要有以下几种方式：直接燃烧、生物化学转换、热化学转换，故选B。10B解析 A乙酸与乙酸乙酯的沸点相近，不易用蒸馏分离，故A错误；B金属钠易燃，浸在煤油中的金属钠，表面大都有一层氧化膜，实验时应将切割下来的表层物质放回原试剂瓶，不能直接丢弃到废
22、纸篓里，以免产生事故，B正确；C酸式滴定管在润洗时，可在滴定管中加入少量待装液，润洗后应从滴定管的下口放出，倒入废液缸中，重复23次，润洗完毕，C错误；D高锰酸钾具有强氧化性，当高锰酸钾晶体结块时，在研钵中千万不要用力研磨或猛烈撞击，容易发生爆炸，一定要控制力度，轻轻研磨，故D错误。11D解析 AC5H10O2的同分异构体中，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，说明分子中含有COOH，可认为是C4H10分子中的一个H原子被COOH取代产生的物质，C4H10有正丁烷、异丁烷2种结构，每种结构中有2种不同化学环境的H原子，所以C5H10O2属于羧酸的同分异构体有4种，故A错误；B正确命名应为2，2
23、，4，5四甲基3，3二乙基己烷，故B错误；C乙烯使溴水褪色，发生的是加成反应，使酸性高锰酸钾溶液褪色发生的是氧化反应，反应原理不同，故C错误；DC5H11Br是C5H12的一溴代物，C5H12有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种同分异构体，相应的一溴代物各有3种、4种、1种，故C5H11Br有8种同分异构体，且它们的熔、沸点各不相同，故D正确。12D解析 A钠的熔沸点比钾高，相同条件下，钠气化需要的热量比钾多，即K(s)的H2Na(s)的H2，钾的活泼性比钠强，钾失去电子比钠更容易，即K(s)的H3Na(s)的H3，因此K(s)的(H2H3)Na(s)的(H2H3)，故A正确；B.根据图示，H4为断开
24、ClCl共价键形成氯原子吸收的能量，与ClCl共价键键能相等，故B正确；C.氯、溴原子最外层均有7个电子，故对应原子得到1个电子成为阴离子时，均放热，其对应的HH5，故C正确；D.氯化钠固体为离子晶体，不存在分子间作用力，故D错误。13C解析 A用NaNO2氧化酸性溶液中的KI，生成I2和NO，正确的离子方程式为2I2NO4H=I22NO2H2O，故A错误；B向NH4HCO3溶液中加入过量的NaOH溶液并加热，HCO、NH都与OH发生反应，正确的离子方程式为HCONH2OHNH3CO2H2O，故B错误；C将过量SO2通入冷氨水中，反应生成了HSO，反应的离子方程式为SO2NH3H2O=HSON
25、H，故C正确；D用稀硝酸洗涤试管内壁的银镜，发生反应的离子方程式为3Ag4HNO=3AgNO2H2O，故D错误。14A解析 X、Y、Z、W均为短周期元素，Y原子的最外层电子数是内层电子数的3倍，则Y原子有2个电子层，所以Y为氧元素，根据X、Y、Z、W在周期表中相对位置可知，X为氮元素，Z为硫元素，W为氯元素。A.有机物一定含有碳元素，只由这四种元素不能组成有机化合物，故A正确；B.同周期从左到右元素的非金属性增强，则非金属性：WZ，非金属性越强，最高价氧化物对应水化物的酸性越强，所以W的最高价氧化物对应水化物的酸性比Z的强，故B错误；C.同主族元素从上到下非金属性减弱，则非金属性：YZ，非金属
26、性越强，单质与氢气反应越剧烈，所以Y的单质与氢气反应较Z的剧烈，故C错误；D.X与Y形成的化合物NO不溶于水，故D错误。15D解析 乙烷中为碳碳单键，苯中的碳碳键是一种介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，乙烯中为碳碳双键，故键能：乙烯苯乙烷，A项错误；乙醇不与NaOH溶液反应，B项错误；根据有机物燃烧只生成CO2和H2O，无法确定该有机物中是否含有O，C项错误；CCl4和己烷均难溶于水，但CCl4的密度比水大，己烷的密度比水小，据此可用水进行鉴别，D项正确。16C17.B18.B19.B20B解析 A恒温恒容时，2SO2O22SO3平衡时，SO3的物质的量为1.8 mol。该反应正向移动，达
27、到平衡时，压强较刚开始的时候减小。恒温恒压相比于恒温恒容，相当于在恒容的平衡状态下，减小体积，维持压强不变。减小体积，增大压强，平衡向着气体体积减小的方向移动，即正向移动，则容器中SO2的转化率增大，A项正确，不符合题意；BSO2和O2反应生成SO3是放热反应，SO3分解生成SO2和O2是吸热反应。容器绝热情况下发生反应，则容器内的温度较容器中的更低。2SO2(g)O2(g)2SO3(g)H0，温度降低，平衡常数增大，容器中的平衡常数小于容器中的平衡常数，B项错误，符合题意；C由A项分析可知，a1.8。容器如果是恒温恒压，则平衡结果和容器中的一样，b1.8 mol，但是现在容器为绝热装置，SO
28、3分解属于吸热反应，相当于达到容器中的平衡后，再降低温度，平衡向放热反应方向移动，SO3的物质的量增加，b1.8 mol，C项正确，不符合题意；D利用三段式求出容器中的平衡常数K，再利用浓度商Q和平衡常数K的关系，判断平衡移动方向。2SO2(g)O2(g)2SO3(g)开始时的物质的量浓度/(molL1) 2 1 0转化的物质的量浓度/(molL1) 1.8 0.9 1.8平衡时的物质的量浓度/(molL1) 0.2 0.1 1.8则平衡常数K810；若起始时向容器中充入0.10 mol SO2(g)、0.20 mol O2(g)和2.0 mol SO3(g)，则浓度商Q2 000，Q大于K，
29、平衡逆向移动，则v正v逆，D项正确，不符合题意。21B解析 A项，2CH3COOHZn=(CH3COO)2ZnH2，表现CH3COOH的酸性；C项，2CH3COOHNa2CO3=2CH3COONaCO2H2O，表现酸性：CH3COOHH2CO3；D项，CH3COOHCH3COOH，说明CH3COOH具有酸性；上述三项均不能证明CH3COOH为弱酸；B项，CH3COONa溶液pH7，说明CH3COO可以发生水解反应生成弱酸CH3COOH和OH。22B解析 A8 g CH4O(即0.25 mol甲醇)，所含有的CH键数目为0.75NA，故A错误；B25 时，pH8的氨水中c(H)水1.0108 m
30、ol/Lc(OH)水，由Kw可求得溶液中的c(OH)总1.0106 mol/L，则由NH3H2O电离出的c(OH)一水合氨c(OH)总c(OH)水1.0106 mol/L1.0108 mol/L9.9107 mol/Lc(NH)，则NH的数目为9.9107 mol/L0.1 LNA9.9108NA，故B正确；C由于S的氧化能力弱，所以铁和铜与S反应时都生成低价化合物，即铁显2价，铜显1价，所以56 g Fe (即1 mol)与1 mol S恰好完全反应生成FeS，转移的电子数为2NA，64 g Cu (即1 mol)与1 mol S 反应生成0.5 mol Cu2S，S过量，则转移的电子数为N
31、A，故C错误；D标准状况下，2.24 L Cl2(即0.1 mol) 溶于水后仍有部分以Cl2的形式存在于水中，则所得氯水中含氯的微粒总数小于0.2NA，故D错误。23D解析 A当V(NaOH)10 mL时，溶液中的溶质为等物质的量的H2A和NaHA，根据图像，溶液中n(HA)n(H2A)，即H2A的电离大于HA的水解，所以粒子浓度关系为c(HA)c(Na)c(H2A)c(H)c(OH)，选项A错误；B当V(NaOH)20 mL时，反应只生成NaHA，根据图像，溶液中n(A2)n(H2A)，即HA的电离程度大于其水解程度，所以粒子浓度关系为c(Na)c(HA)c(H)c(A2)c(H2A)，选
32、项B错误；C当V(NaOH)30 mL时，溶液中的溶质为等物质的量的NaHA和Na2A，根据电荷守恒和物料守恒相减得出质子守恒，溶液中存在以下关系：c(A2)2c(OH)c(HA)2c(H)3c(H2A)，选项C错误；D当V(NaOH)40 mL时，反应只生成Na2A，根据物料守恒可知，溶液中存在以下关系：c(Na)2c(A2)c(HA)c(H2A)，选项D正确。24D25D解析 AKOH溶液只能吸收CO2气体，保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液能定量吸收O2，CuCl的盐酸溶液能定量吸收CO，且易被O2氧化，所以为减少实验误差，每种试剂只能吸收一种成分，采用题述3种吸收剂，气体被逐一
33、吸收的顺序应该是CO2、O2和CO，A正确；B根据得失电子守恒、电荷守恒、质量守恒，用保险粉(Na2S2O4)和KOH的混合溶液吸收O2的离子方程式为2S2O3O24OH=4SO2H2O，B正确；C由于反应过程中放出热量，使量气管内气体由于温度升高而体积增大，水被赶入水准管，水准管的液面高于量气管的液面，当调整水准管内液面与量气管液面齐平时气体由于压强减小而体积增大，因此可观察到量气管液面下降，C正确；D三种气体被逐一吸收的顺序是CO2、O2和CO，若O2的吸收剂用灼热的铜网替代，O2和金属铜反应生成的CuO可以与CO反应，所以不能用灼热的铜网代替吸收剂，D错误。26(1)钠(2)羟基(3)C
34、H3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O27解析 气体甲为纯净物且只含两种元素，在标准状况下体积为672 mL，物质的量n0.672 L22.4 mol/L0.03 mol，溶液乙为建筑行业中常用的粘合剂，应为硅酸钠溶液，说明A中含硅元素、氢元素，溶液甲只含一种溶质，加入过量氢氧化钠溶液生成氢氧化物白色沉淀，加热得到白色固体甲应为氧化镁，白色沉淀为Mg(OH)2，则判断甲溶液中含Mg元素，为MgCl2溶液，计算得到镁元素的物质的量n(Mg)0.02 L3 mol/L120.03 mol，则A含有的元素为Mg、Si、H元素，气体甲为纯净物且只含两种元素，应含Si、H元素，气体物质的量为
35、0.03 mol，和120 mL 1 mol/L的氢氧化钠溶液恰好完全反应生成气体单质乙和溶液乙，消耗NaOH的物质的量为0.12 L1 mol/L0.12 mol，根据原子守恒计算：气体甲和氢氧化钠的反应比为14，生成SiO和氢气，得到气体甲为Si2H6，Si2H6和氢氧化钠溶液反应的离子方程式为Si2H64OH2H2O=2SiO7H2，n(Si)0.06 mol，所含氢元素物质的量：n(H)0.12 mol，n(Mg)n(Si)n(H)0.03 mol0.06 mol0.12 mol124，故A为MgSi2H4。(1)A的组成元素为Mg、Si、H；(2)气体甲与NaOH(aq)反应的离子方
36、程式为Si2H64OH2H2O=2SiO7H2；(3)高温下，A与足量氯气能发生剧烈爆炸，生成三种常见化合物为氯化镁、四氯化硅和氯化氢，反应的化学方程式：MgSi2H47Cl2MgCl22SiCl44HCl。答案 (1)Mg、Si、H(2)Si2H64OH2H2O=2SiO7H2(3)MgSi2H47Cl2MgCl22SiCl44HCl28解析 (1)NH3具有还原性，与CuO发生反应：3CuO2NH33CuN23H2O。(2)装置中有空气，氧气能与Mg发生反应，生成MgO，因此实验前，需要排除装置中的空气，故A说法正确；根据装置B的特点可知，它起到了缓冲安全的作用，故B说法正确；装置C的作用
37、是干燥N2和除去多余的NH3，碱石灰只能吸收H2O，不能吸收氨，因此替换后，不能达到实验目的，故C说法错误；NH3能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，故D说法错误。(3)NH3具有还原性，与CuO还可发生反应：6CuO2NH33Cu2ON23H2O，另外CuO加热分解也可产生Cu2O和O2，化学方程式为4CuO2Cu2OO2。(4)硫酸是二元酸，故有正盐和酸式盐，化学式为MgSO4、Mg(HSO4)2、(NH4)2SO4、NH4HSO4。答案 (1)3CuO2NH33CuN23H2O(2)CD(3)6CuO2NH33Cu2ON23H2O(或4CuO2Cu2OO2)(4)MgSO4、Mg(HSO4)2、
38、(NH4)2SO4、NH4HSO429解析 11.7 g NaCl的物质的量为0.2 mol2NaCl2H2O2NaOHH2Cl2 2 2 1 0.2 mol n(NaOH) n(Cl2)所以n(Cl2)0.1 moln(NaOH)0.2 mol则标准状况下生成氯气体积为0.1 mol22.4 L/mol2.24 L，所得NaOH的物质的量浓度为0.4 mol/L。答案 (1)2.24(2)0.4 mol/L30解析 (1)已知K1K1，说明随温度升高，K减小，则反应为放热反应，H1K2，说明随温度升高，K减小，则反应为放热反应，H20，即反应为吸热反应。(2)A催化剂作用下4 min时氮气为
39、2.5 mol，则消耗的NO为3 mol，所以v(NO)0.375 molL1min1。单位时间内HO键断裂表示逆反应速率，NH键断裂表示正反应速率，单位时间内HO键与NH键断裂的数目相等时，消耗的NH3和消耗的水的物质的量之比为46，说明反应已经达到平衡，A项正确；该反应为放热反应，恒容绝热的密闭容器中，反应时温度会升高，则K会减小，当K值不变时，说明反应已经达到平衡，B项正确；相同时间内生成的氮气的物质的量越多，则反应速率越快，活化能越低，所以反应的活化能大小顺序是Ea(A)Ea(B)0(2)0.375 molL1min1CDA催化剂能使反应的活化能降低更多，相同时间内反应速率更快(3)a
40、2NH36e6OH=N26H2O31解析 (1)灼烧固体，应在坩埚中进行，所以仪器A为坩埚。(2)制得的硫酸铜溶液中含有硫酸，浓缩时，硫酸变浓，浓硫酸具有吸水性，使CuSO45H2O失去结晶水变为CuSO4，固体变为白色。(3)浅蓝色沉淀的成分为Cu2(OH)2SO4，根据原子守恒可知反应的离子方程式为2Cu22NH3H2OSO=Cu2(OH)2SO42NH。(4)析出晶体时采用加入乙醇的方法，而不是浓缩结晶的原因是Cu(NH3)4SO4H2O晶体容易受热分解。(5)A装置中长玻璃管可起到平衡气压，防止堵塞和倒吸的作用；与氨反应的n(HCl)103V1 L0.500 mol/L103V2 L0
41、.500 mol/L0.500103(V1V2) mol，根据氨和HCl的关系式可知：n(NH3)n(HCl)0.500103(V1V2) mol，则样品中氨的质量分数为。(6)A.滴定时未用NaOH标准溶液润洗滴定管，浓度偏低，则V2偏大，测定结果偏低，故A错误；B读数时，滴定前平视，滴定后俯视，导致V2偏小，测定结果偏高，故B正确；C滴定过程中选用酚酞做指示剂，则V2偏大，测定结果偏低，故C错误；D取下接收瓶前，未用蒸馏水冲洗插入接收瓶中的导管外壁，导致过剩的盐酸偏少，需要的氢氧化钠偏少，则V2偏小，测定结果偏高，故D正确。答案 (1)坩埚(2)反应中硫酸过量，在浓缩过程中，稀硫酸变浓，浓
42、硫酸的吸水性使CuSO45H2O失去结晶水变为CuSO4(3)2Cu22NH3H2OSO=Cu2(OH)2SO42NH(4)Cu(NH3)4SO4H2O晶体容易受热分解(5)平衡气压，防止堵塞和倒吸(6)BD32解析 由合成流程以及和A的分子式可知，二者相差C2H4，结合反应条件可知，A为取代反应，再根据C的结构简式可知A为；AB发生还原反应，则B为；BC为取代反应，生成C和水；根据已知信息，CD为氨基上H被取代，D为；比较E与G的结构可知，F为；FG发生氧化反应。故有：(1)B为；(2)A.化合物A为，结构中没有酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，错误；B.1 mol化合物C()中含有
43、1 mol酯基和1 mol肽键，最多能与2 mol NaOH反应，正确；C.化合物E()中含有碳碳双键和苯环，能够与氢气发生还原反应，也能在空气中燃烧，因此既有氧化性，又有还原性，正确；D.由上述分析可知，RedAl、MnO2分别做还原剂、氧化剂，其中MnO2也可用Cu/O2代替，但不能用酸性高锰酸钾代替，酸性高锰酸钾能将醇氧化为酸，错误；E.化合物G()的化学式为C12H12N2O2，其最简式为C6H6NO，正确；故选BCE；(3)CD的过程中有一种无色无味气体产生，该气体应该为二氧化碳，反应的化学方程式为2 2BrCH2COCH3K2CO32 2KBrH2OCO2；(4) B为，含有苯环，且分子中有一个手性碳原子；能发生水解反应，水解产物之一是氨基酸，说明结构中含有酯基或肽键，另一水解产物分子中只有2种不同化学环境的氢，同时满足条件的B的同分异构体为(5)以和(CH3)2SO4为原料制备，结合题中合成流程以及已知信息可知，OH转化为Br，酚OH先转化为醚键，硝基再转化为氨基，最后发生题干已知信息中的反应，则合成流程为。答案 (1) (2)BCE(3)2 2KBrH2OCO2(4)HOOCOCHNH2CH3(5)
