1、第11章计数原理、概率学案60两个基本计数原理导学目标： 理解分类计数原理和分步计数原理，能正确区分“类”和“步”，并能利用两个原理解决一些简单的实际问题自主梳理1分类计数原理完成一件事，有n类方式，在第1类方式中有m1种不同的方法，在第2类方式中有m2种不同的方法，在第n类方式中有mn种不同的方法，那么完成这件事共有Nm1m2mn种不同的方法2分步计数原理完成一件事，需要分成n个步骤，做第1步有m1种不同的方法，做第2步有m2种不同的方法，做第n步有mn种不同的方法，那么完成这件事共有Nm1m2mn种不同的方法3分类计数原理与分步计数原理，都是涉及完成一件事的不同方法的种数，它们的区别在于：
2、分类计数原理与“分类”有关，各种方法相互独立，用其中任何一种方法都可以完成这件事；分步计数原理与“分步”有关，各个步骤相互依存，只有各个步骤都完成了，这件事才算完成，从思想方法的角度看，分类计数原理的运用是将一个问题进行“分类”思考，分步计数原理是将问题进行“分步”思考自我检测1(2009北京改编)用0到9这10个数字，可以组成没有重复数字的三位偶数的个数为_2. 右图小圆圈表示网络的结点，结点之间的连线表示它们有网线相联，连线上标注的数字表示该段网线单位时间内可以通过的最大信息量现从结点B向结点A传递信息，信息可以分开沿不同的路线同时传递，则单位时间内传递的最大信息量为_3某外商计划在4个候
3、选城市投资3个不同的项目，且在同一个城市投资的项目不超过2个，则该外商不同的投资方案有_种4(2010湖北改编)现有6名同学去听同时进行的5个课外知识讲座，每名同学可自由选择其中的一个讲座，不同选法的种数是_5. 如图，一个地区分为5个行政区域，现给地图着色，要求相邻区域不得使用同一种颜色，现有4种颜色可供选择，则不同着色方法共有_种(以数字作答)探究点一分类计数原理的应用例1在所有的两位数中，个位数字大于十位数字的两位数共有多少个？变式迁移1方程1表示焦点在y轴上的椭圆，其中m1,2,3,4,5，n1,2,3,4,5,6,7，那么这样的椭圆有多少个？探究点二分步计数原理的应用例2乒乓球队的1
4、0名队员中有3名主力队员，派5名参加比赛，3名主力队员要安排在第一、三、五位置，其余7名队员选2名安排在第二、四位置，求不同的出场安排共有多少种？变式迁移2有0、1、2、8这9个数字(1)用这9个数字组成四位数，共有多少个不同的四位数？(2)用这9个数字组成四位密码，共有多少个不同的四位密码？探究点三两个计数原理的综合应用例3如图所示，花坛内有五个花池，有五种不同颜色的花卉可供栽种，每个花池内只能种同种颜色的花卉，相邻两池的花色不同，则最多的栽种方案有_种变式迁移3某人有3种颜色的灯泡(每种颜色的灯泡足够多)，要在如图所示的6个点A、B、C、A1、B1、C1上各安装一个灯泡，要求同一条线段两端
5、的灯泡不同色，则不同的安装方法共有_种(用数字作答)分类讨论思想例(14分)从1到20这20个正整数中，每次取出3个，问：它们可以组成多少组不同的等差数列多角度审题本题是一道计数原理与等差数列的综合题，能构成等差数列的三个数有很多，到底如何取这三个数才能准确的、不重、不漏的找出所有能构成等差数列的三个数是本题的难点【答题模板】解依题意，要使这三个数成等差数列，公差d的取值可以为1，2，9，因此分18类2分当d1时，可以组成36组不同的等差数列；3分当d2时，可以组成32组不同的等差数列；4分；当d9时，可以组成4组不同的等差数列根据分类计数原理，共有36322884180(组)不同的等差数列1
6、4分【突破思维障碍】由于取出的三个数必须构成等差数列，因此，按照公差的大小来分类能使取出的三个数不重不漏，那么每一类型有多少个三位数，由于从前往后取，关键看取到最后，由各数列的特点，就能看出有几个数列，例如：当等差数列的公差为1时，能构成等差数列的三个数为1 2 3,2 3 4,3 4 5，18 19 20，查个数时，看每组数的第一个数，分别为1,2,3，18，因此共18个等差数列；再例如当公差为2时，取到最后剩17,19, 20.但前面能构成等差数列的三个数分别为1 3 5,2 4 6,3 5 7,4 6 8，16 18 20，看每组数的第一个数分别为1,2,3，16，共16个等差数列【易错
7、点剖析】容易遗忘公差为1，2，9时的情况，有可能找不到公差每增加1个单位，等差数列个数减少4个的规律1关于两个计数原理的应用范围：(1)如果完成一件事情有几类办法，这几类办法彼此之间相互独立，无论哪一类办法中的哪一种方法都能独立完成这件事，求完成这件事的方法种数时就用分类计数原理，分类计数原理可利用“并联电路”来理解(2)如果完成一件事情要分几个步骤，各个步骤都是不可缺少的，需要依次完成所有的步骤，才能完成这件事，而完成每一个步骤各有若干种不同的办法，求完成这件事的方法种数时就用分步计数原理，分步计数原理可利用“串联”电路理解2应用两个计数原理的注意事项：(1)要真正理解“完成一件事”的含义，
8、以确定需要分类还是需要分步(2)分类时要做到不重不漏(3)对于复杂的计数问题，可以分类、分步综合应用(满分：90分)一、填空题(每小题6分，共48分)1从1到10的正整数中，任意抽取两个相加所得的和为奇数的不同情形的种数是_2某电脑用户计划使用不超过500元的资金购买单价分别为60元、70元的单片软件和盒装磁盘，根据需要，软件至少买3片，磁盘至少买2盒，则不同的选购方式共有_种3某体育彩票规定：从01至36共36个号中抽出7个号为一注，每注2元，某人想从01至10中选3个连续的号，从11至20中选2个选续的号，从21至30中选1个号，从31至36中选1个号组成一注，则这个人把这种特殊要求的号买
9、全，至少要_元4如果一个三位数的十位数字既大于百位数字也大于个位数字，则这样的三位数共有_个5(2010临沂模拟)4位同学参加某种形式的竞赛，竞赛规则规定：每位同学必须从甲、乙两道题中任选一题作答，选甲题答对得21分，答错得21分；选乙题答对得7分，答错得7分若4位同学的总分为0，则这4位同学不同得分情况的种数是_6设直线的方程是AxBy0，从1,2,3,4,5这五个数中每次取两个不同的数作为A、B的值，则所得不同直线的条数是_7(2010连云港模拟) 一植物园参观路径如图所示，若要全部参观并且路线不重复，则不同的参观路线种数共有_种8电视台在“欢乐今宵”节目中拿出两个信箱，其中存放着先后两次
10、竞猜中成绩优秀的观众来信，甲信箱中有30封，乙信箱中有20封，现由主持人抽奖确定幸运观众，若先确定一名幸运之星，再从两信箱中各确定一名幸运伙伴，有_种不同的结果二、解答题(共42分)9(14分)从3，2，1,0,1,2,3,4中任选三个不同元素作为二次函数yax2bxc的系数，问能组成多少条抛物线经过原点且顶点在第一象限或第三象限？10(14分)用0,1,2,3,4,5可以组成多少个无重复数字的比2 000大的四位偶数11(14分)有一个圆形区域被3条直径分成6块(如图所示)，在每一块区域内种植植物，相邻的两块区域种植不同的植物，现有4种不同的植物选择，一共有多少种不同的种植方法学案60两个基
11、本计数原理答案自我检测1328解析若组成没有重复数字的三位偶数，可分为两种情况：当个位上是0时，共有9872(种)情况；当个位上是不为0的偶数时，共有488256(种)情况综上，共有72256328(种)情况219解析本题只要类比成供水系统中水管的最大流量问题即可由B到A，单位时间内第一条网线传递的最大信息量为3，第二条网线传递的最大信息量为4，第三条网线传递的最大信息量为6，第四条网线传递的最大信息量为6，由分类计数原理，得346619.360解析某外商计划在4个候选城市投资3个不同的项目，且在同一个城市投资的项目不超过2个，则可分两类：第一类，在两个城市分别投资1个项目、2个项目，此时有3
12、4336(种)方案；第二类，在三个城市各投资1个项目，有43224(种)方案，共计有362460(种)方案456解析由分步计数原理得55555556.572解析根据题意，可分类求解：第一类，用三种颜色着色，有43224(种)方法；第二类，用四种颜色着色，有243248(种)方法从而共有244872(种)方法课堂活动区例1解题导引应用分类计数原理，首先根据问题的特点，确定分类的标准，分类应满足：完成一件事的任何一种方法，必属于某一类且仅属于某一类解根据题意，十位数上的数字分别是1,2,3,4,5,6,7,8的情况分成8类，在每一类中满足题目要求的两位数分别有8个，7个，6个，5个，4个，3个，2
13、个，1个由分类计数原理知，符合题意的两位数共有8765432136(个)变式迁移1解以m的值为标准分类，分为五类第一类：m1时，使nm，n有6种选择；第二类：m2时，使nm，n有5种选择；第三类：m3时，使nm，n有4种选择；第四类：m4时，使nm，n有3种选择；第五类：m5时，使nm，n有2种选择共有6543220(种)方法，即有20个符合题意的椭圆例2解题导引“分步”是乘法原理的标志要注意在同一类中合理分步的几个原则：分步标准必须一致；分步要做到步骤关联，步骤连续，步骤独立，确保对每一类事件的分步不重不漏这样才能保证使用分步计数原理时的正确性解按出场位置顺序逐一安排第一位置队员的安排有3种
14、方法；第二位置队员的安排有7种方法；第三位置队员的安排有2种方法；第四位置队员的安排有6种方法；第五位置队员的安排只有1种方法由分步计数原理知，不同的出场安排方法有37261252(种)变式迁移2解(1)未强调四位数的各位数字不重复，只需首位不为0，依次确定千、百、十、个位，各有8、9、9、9种方法，共能组成8935 832(个)不同的四位数(2)每一位上的数字都有9种方法，共能组成946 561(个)不同的四位密码例3解题导引(1)对于一些比较复杂的既要运用分类计数原理又要运用分步计数原理的问题，我们可以恰当地画出示意图或列出表格，使问题更加直观、清晰(2)当两个原理混合使用时，一般是先分类
15、，在每类方法里再分步答案420解析本题中区域2,3,4,5地位相同(都与其他四个区域中的3个区域相邻)，故应先种区域1，有5种种法，再种区域2，有4种种法，接着种区域3，有3种种法，种区域4时注意：区域2与4同色时区域4有1种种法，此时区域5有3种种法，区域2与4不同色时区域4有2种种法，此时区域5有2种种法，故共有543(322)420(种)栽种方案变式迁移312解析点A、B、C处安装三种颜色的灯泡共有3216(种)不同的安装方法；三种颜色分别记作、，点A安装色灯泡记作A，则当A，B，C时，对A1、B1、C1上安装灯泡有以下两种情况：故不同的安装方法共有6212(种)课后练习区125解析当且
16、仅当偶数加上奇数后和为奇数，从而不同情形有5525(种)27解析由于本题种数不多，可用列举法具体写出：360270；460270；560270；660270；360370；460370；360470，共7种不同的选购方式38 640解析从01至10的三个连号的个数有8种；从11至20的两个连号的个数有9种；从21至30的单选号的个数有10种，从31至36的单选号的个数有6种，故总的选法有891064 320(种)，可得需要钱数为8 640元4240解析当十位数字是9时，百位数字有8种取法，个位数字有9种取法，此时取法种数为89；当十位数字是8时，百位数字有7种取法，个位数字有8种取法，此时取法
17、种数为78，依此类推，直到当十位数字是2时，百位数字有1种取法，个位数字有2种取法，此时取法种数为12，所以总的个数为12233489240.536解析由题意总分为0分三类：第一类得分为21,21，21，21，第二类得分为7,7，7，7，第三类得分为21，21,7，7.每类中4位同学的不同得分可认为4个分数填4个空，每空填一个分数，前两类中各有C6种填法，第三类有432124(种)填法，总共有662436(种)618解析直线的系数A、B可认为用1,2,3,4,5填空，由分步计数原理知共有5420(种)不同填法，而当A、B的值为1、2和2、4,2、1和4、2分别表示同一条直线因此，不同直线的条数
18、为20218.748解析如图所示，在A点可先参观区域1，也可先参观区域2或3，共有3种不同选法每种选法中又有222216(种)不同路线共有31648(种)不同的参观路线828 800解析分两类：(1)幸运之星在甲箱中抽，先定幸运之星，再在两箱中各定一名幸运伙伴有30292017 400(种)结果；(2)幸运之星在乙箱中抽，同理有20193011 400(种)结果，因此共有不同结果17 40011 40028 800(种)9解抛物线经过原点，得c0，当顶点在第一象限时，a0，即则有3412(种)；(6分)当顶点在第三象限时，a0，0，即则有4312(种)；(12分)共计有121224(种)(14
19、分)10解完成这件事有3类方法：第一类是用0做结尾的比2 000大的4位偶数，它可以分三步去完成：第一步，选取千位上的数字，只有2,3,4,5可以选择，有4种选法；第二步，选取百位上的数字，除0和千位上已选定的数字以外，还有4个数字可供选择，有4种选法；第三步，选取十位上的数字，还有3种选法依据分步计数原理，这类数的个数有44348个(4分)第二类是用2做结尾的比2 000大的4位偶数，它可以分三步去完成：第一步，选取千位上的数字，除去2,1,0，只有3个数字可以选择，有3种选法；第二步，选取百位上的数字，在去掉已经确定的首尾两数字之后，还有4个数字可供选择，有4种选法；第三步，选取十位上的数
20、字，还有3种选法依据分步计数原理，这类数的个数有34336个(8分)第三类是用4做结尾的比2 000大的4位偶数，其步骤同第二类(12分)所以所求无重复数字的比2 000大的四位偶数有443343343120个(14分)11解分3类考虑第一类：A，C，E种同1种植物，有4种种法，当A，C，E种好后，B，D，F从余下3种植物中选1种，各有3种种法，一共有4333108(种)种法；(4分)第二类：A，C，E种2种植物，有A种种法，当A，C种同一种植物时，B有3种种法，D，F有2种种法，若C，E或E，A种同一种植物，种法相同，因此，共有A3(322)432(种)种法；(8分)第三类：A，C，E种3种植物，有A种种法，这时B，D，F各有2种种法，共有A23192(种)种法由分类计数原理知，共有108432192732(种)种法(14分)
