1、富平中学2018届高三第五次考练物 理 试 题一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1-8小题为单项选择题，每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。9-12题为多项选择题，在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1. 下列说法正确的是（）A. 光电效应实验中，入射光的强度足够强就可以发生光电效应B. 由玻尔理论知道所所氢原子从激发态跃迁到基态时吸收光子C. 物体所受的冲量不为零，但物体的动量大小却不变D. 放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关【答案】C【解析】A、发生光电效应的条件是入射光频率大
2、于极限频率，入射光强，不一定能发生光电效应；故A错误；B、根据波尔理论，原子从激发态跃迁到基态时，能级降低，释放能量，以光子形式放出，故B错误；C、物体受到的冲量不为零，则动量一定发生变化，但可以只是方向的变化，大小可以不变，故C正确；D、放射性元素的半衰期与核内部自身因素有关，与原子所处的化学状态和外部条件都无关，故D错误；故选C。【点睛】发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率；根据波尔理论，原子从激发态跃迁到基态时，能级降低，释放能量，以光子形式放出；放射性元素的半衰期与核内部自身因素有关，与原子所处的化学状态和外部条件都无关。2. 如图所示，是某同学绘制的沿直线运动的物体的加速度a、
3、速度v、位移s随时间变化的图像，若该物体在t0时刻的速度为零，则A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图像是（） A. A B. B C. C D. D【答案】C【解析】试题分析：A图中，根据位移-图象的斜率等于速度，可知图象的斜率周期性变化，说明物体的速度大小和方向作周期性变化，物体做的往复运动故A错误B图中在0-2内速度为正值，向正方向运动，在2-4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变故B错误C图在0-1s内加速度为正值，物体向正方向做匀加速运动，在1-2s内加速度为负值，物体沿正方向匀减速运动，t=2s末速度为零，接着周而复始，故物体速度的方向不变故C正确D图中在0
4、-1s内，物体向正方向做匀加速直线运动，1-3s内加速度反向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2-3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化故D错误故选C考点：v-t图像；x-t图像【名师点睛】解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用对于a-t图象，要知道图象的“面积”表示速度的变化量。3. 如图如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，质量分别为MA和MB，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（） A. 0和g/2B. g/2和0C. 0和D. 和0【答案】
5、C【解析】在剪断细线之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力在剪断细线的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以A的受力情况没有变化，故A球的加速度为零；在剪断细线之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及细线的拉力，在剪断细线的瞬间，细线的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力，因弹簧的拉力大小为，所以根据牛顿第二定律得：B的加速度为，故ABD错误，C正确；故选C。【点睛】关键是理解在绳子间断的一瞬间，两物体受力的变化。4. 如图所示，滑块A和B叠放在固定的斜面体上，从静
6、止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑已知B与斜面体间光滑接触，则在AB下滑的过程中，下列说法正确的是（ ）A. A只受重力和B的支持力作用B. A对B的压力等于A受到的重力C. 下滑过程中B对A做负功D. 下滑过程中A的机械能守恒【答案】D【解析】试题分析：对AB的整体，根据牛顿定律可知，下滑的加速度为a=gsin；对物体A，水平方向：fBA=mAacos；竖直方向：mAg-FN=mAasin，故A受到重力和B的支持力及摩擦力的作用， A对B的压力不等于A受到的重力，选项AB错误；下滑过程中B对A的作用力的方向斜向上，故B对A的作用力做负功，选项C正确；由于B对A的作用力做负功，故A的机械能
7、减小，选项D错误；故选C.考点：牛顿第二定律；机械能守恒【名师点睛】此题是牛顿第二定律及机械能守恒定律的考查；解题时要灵活运用整体及隔离法解题，根据牛顿第二定律对物体A列出两个方向的方程即可进行解答；此题是中等题，意在考查学生基本规律的运用能力.5. 在竖直平面内的光滑圆弧轨道ABCD，其A点与圆心等高，D点为轨道的最高点，DB为竖直线，AC为水平线，AE为水平面，如图所示今使小球自A点正上方某处由静止释放，且从A点进入圆轨道运动，只要适当调节释放点的高度，总能使球通过最高点D，则小球通过D点后（ ） A. 一定会落到水平面AE上B. 一定会再次落到圆轨道上C. 可能会再次落到圆轨道上D. 不
8、能确定【答案】A【解析】试题分析：能通过最高点的最小速度为v，根据公式得，通过D点后，小球做平抛运动，落回AE水平面需要的时间为t，由公式得；则这段时间内发生的水平位移 ，所以一定会落到水平面AE上，A正确；考点：考查了平抛运动，圆周运动【名师点睛】解决本题的关键知道小球做圆周运动在最高点的临界情况，即重力完全充当向心力，结合平抛运动的规律进行求解6. 登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星。地球和火星是公转视为匀速圆周运动。忽略行星自转影响：根据下表火星和地球相比，下列说法错误的是（ ）A. 火星的公转周期较小B. 火星做圆周运动的加速度较小C. 火星表
9、面的重力加速度较小D. 火星的第一宇宙速度较小【答案】A【解析】A、由表格数据知，火星的轨道半径比地球的大，根据开普勒第三定律知，火星的公转周期较大，故A错误；B、对于任一行星，设太阳的质量为M，行星的轨道半径为r，根据，得加速度，则知火星做圆周运动的加速度较小，故B正确；C、在行星表面，由，得 ，由表格数据知，火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为，故火星表面的重力加速度较小，故C正确；D、设行星的第一宇宙速度为v，则，得，代入可得火星的第一宇宙速度较小，故D正确；故错误的选A。【点睛】关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用。
10、7. 如图示真空中a、b、c、d四点共线且等距先在a点固定一点电荷+Q，测得b点场强大小为E若再将另一点电荷+2Q放在d点时，则（）A. b点场强大小为9/4 EB. c点场强大小为7/4 EC. 若将电子从b点移动到C点其电势能不变D. b点电势比c点电势高【答案】B【解析】A、设ab=bc=cd=L，据题：+Q在b点产生的场强大小为E，方向水平向右，由点电荷的场强公式得 ；+2Q在b点产生的电场强度大小为：，方向水平向左，所以b点的场强大小为，方向水平向右，故A错误，B、同理，+Q在c点产生的场强大小为，方向水平向右， +2Q在C点产生的电场强度大小为：，方向水平向左，所以C点的场强大小为
11、，方向水平向左，故B正确；CD、由正电荷周围的电势都是正值，离正电荷越近的点，电势越高，电荷+2Q放在d点，电荷+Q放在a点，而ab=bc=cd题意可得，则有b点电势比c点电势低，根据公式Ep=q可知，负电荷在电势高的地方电势能小，所以将电子从b点移动到C点其电势能减小，故CD错误；故选B。【点睛】对于点电荷的场强根据公式求解，明确场强为矢量，需要判断各分场强的方向，根据平行四边形求合场强。8. 如图所示电路，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，电压表V1和电压表V2的示数的变化量分别为U1和U2（均取绝对值），电容器C的带电量变化量为Q，则下列说法中正确的是A. 电压表V1的示数变大
12、，电压表V2的示数变小，且有U1U2B. 电压表V1的示数变小，电压表V2的示数增大，且有U1U2C. 电容器的左极板带正电，且有Q0D. 电容器的左极板带正电，且有Q0【答案】CCD、由电路图可知电容器的左极板带正电，由于V2的示数变大，即电容器两端电压增大，故电荷量增加，故C正确，D错误；故选C。【点睛】动态电路的分析步骤：局部-整体-局部的思路；注意判断电压变化量的方法，据闭合电路的欧姆定律分析各用电器的电压变化进行判断。9. 质量为m的汽车在平直路面上启动启动过程的速度图象如图示从t1时刻起牵引力的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff,则（） A. 0-t1时间内，汽车的牵
13、引力等于mV1/t1B. t1-t2时间内，汽车的功率等于(mV1/t1+Ff)V1C. 汽车运动的最大速度(mV1/Ff t1 1)V1D. t1-t2时间内，汽车的平均速度小于(V1V2)/2【答案】BC【解析】A、由题图可知，0t1阶段，汽车做匀加速直线运动，联立得，故 A错误；B、在t1时刻汽车达到额定功率，t1t2时间内，汽车保持额定功率不变，选项B正确；C、t2时刻，速度达到最大值v2，此时刻，所以，故C正确；D、由v-t图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，t1t2时间内，汽车的平均速度大于，选项D错误；故选BC。【点睛】考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度
14、启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉。10. 如图所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（） A. b对c的摩擦力一定减小B. b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C. 地面对c的摩擦力方向一定向右D. 地面对c的摩擦力一定减小【答案】BD【解析】试题分析：b受到c的摩擦力不一定为零，与两物体的重力、斜面的倾角有关对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力方向和支持力的大小解：A、B、设a、b的重力分别为Ga、Gb若Ga=G
15、bsin，b受到c的摩擦力为零；若GaGbsin，b受到c的摩擦力不为零若GaGbsin，b受到c的摩擦力沿斜面向上；故A错误，B正确C、D、以bc整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力f=Tcos=Gacos，方向水平向左在a中的沙子缓慢流出的过程中，则摩擦力在减小故D正确，C错误故选：BD【点评】本题采用隔离法和整体法研究两个物体的平衡问题及B所受的摩擦力，要根据B所受的拉力与重力沿斜面向下的分力大小关系，分析摩擦力的大小和方向11. 如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时磁铁对水平面的压力为N1，现在磁铁左上方位置固定一导体棒，当导体
16、棒中通以垂直纸面向里的电流后，磁铁对水平面的压力为N2，则以下说法正确的是（） A. 弹簧长度将变长B. 弹簧长度将变短C. N1N2D. N1N2【答案】BC【解析】：画出导体棒所在处的磁感线方向，用左手定则可判断出条形磁铁对导体棒的安培力斜向右下，由牛顿第三定律可知，导体棒对条形磁铁的安培力斜向左上，所以弹簧长度将变短，N1N2，选项BC正确。12. 如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导轨cdef上，棒ab与导轨相互垂直并接触良好，导轨间接有电源现用两种方式在空间加匀强磁场，ab棒均处于静止第一次匀强磁场方向竖直向上；第二次匀强磁场方向斜向左上与金属导轨平面成=30角，两次匀强磁场的磁
17、感应强度大小相等下列说法中正确的是（）A. 两次金属棒ab所受的安培力大小不变B. 第二次金属棒ab所受的安培力大C. 第二次金属棒ab受的摩擦力小D. 第二次金属棒ab受的摩擦力大【答案】AC【解析】AB、两次磁场方向都与导体棒垂直，故安培力均为，故A正确，B错误；CD、第一次安培力水平向右，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，有：，第二次安培力斜向右上方，与竖直方向成30，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：，故第二次的摩擦力较小，故C正确，D错误；故选AC。二、实验题：本题共两小题，第13题8分，第14题8分，共16分。把答案
18、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。13. 为测定某柱形电子元件的电阻率，先做如下测量:(1)用螺旋测微器测量它的直径，示数如图所示，读数为d =_ mm；用游标为20分度的卡尺测量它的长度，示数如图所示，读数为L=_cm.(2)用多用表粗测该元件的电阻，选用“X10”倍率的电阻挡后，应先_， 再进行测量，之后多用表的示数如图所示，测得该元件电阻为_.【答案】 (1). 0.617mm； (2). 10.670cm； (3). 欧姆调零； (4). 70；【解析】(1)螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为11.70.01=0.117mm，所以最终读数为0.617mm；
19、游标卡尺的主尺读数为106mm，游标读数为0.0514=0.70mm，所以最终读数为106.70mm=10.670cm；(2)用多用表测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，应先进行欧姆调零，再进行测量，由图所示可知，测量结果为710=70；【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。14. 为了测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接测量工具，某实验小组应用下列器材测量：轻质定滑轮(质量和摩擦可忽略)、砝码一套(总质量为m0.5 kg)、细线
20、、米尺、秒表，他们根据已学过的物理学知识，改变实验条件进行多次测量，选择合适的变量得到线性关系，作出图线并根据图线的斜率和截距求出沙袋的质量操作如下：g=10m/s2(1)实验装置如图，设左右两边沙袋的质量分别为m1、m2；(2)从m中取出质量为m的砝码放在右边沙袋中，剩余砝码都放在左边沙袋中，发现m1下降m2上升；(3)用米尺测出沙袋m1从静止下降的距离h，用秒表测出沙袋m1下降时间t，则可知沙袋的加速度大小为a_(4)改变m，测量相应的加速度a，得到多组m及a的数据，作出_(选填“am” 或“a1/m”)图线；(5)若求得图线的斜率k4 m/kgs2，截距b2 m/s2，沙袋的质量m1_k
21、g，m2_kg。【答案】 (1). (3) a2 h/t2； (2). (4) am； (3). (5) m13kg； (4). m21.5kg；【解析】(3)由题，质量为m1的沙袋从静止开始下降做匀加速直线运动，由，解得；.三、计算题：本题共2小题，第15题12分，第16题12分，共24分。把解答写在答题卡中指定的答题处。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。15. 如图所示，水平面(纸面)内间距为l的平行金属导轨间接一电阻，质量为m、长度为l的金属杆置于导轨上t0时，金属杆在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静止开始运动t0时刻，金属杆进入磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强
22、磁场区域，且在磁场中恰好能保持匀速运动杆与导轨的电阻均忽略不计，两者始终保持垂直且接触良好，两者之间的动摩擦因数为.重力加速度大小为g.求：（1）金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小（2）电阻的阻值 【答案】（1）；（2）；【解析】试题分析：（1）设金属杆进入磁场前的加速度大小为a，由牛顿第二定律得ma=F-mg设金属杆到达磁场左边界时的速度为v，由运动学公式有v=at0当金属杆以速度v在磁场中运动时，由法拉第电磁感应定律，杆中的电动势为E=Blv联立式可得E=Blt0（2）设金属杆在磁场区域中匀速运动时，金属杆的电流为I，根据欧姆定律I=式中R为电阻的阻值。金属杆所受的安培力为f=BIl因
23、金属杆做匀速运动，由牛顿运动定律得Fmgf=0联立式得R=【考点定位】电磁感应定律、牛顿第二定律【名师点睛】此题是法拉第电磁感应定律与牛顿第二定律的综合应用问题；解题时要认真分析物理过程，分析金属棒的受力情况，选择合适的物理规律列出方程求解；还要抓住金属板的匀速运动状态列方程；此题难度不大。视频16. 如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为=37固定斜面上（斜面足够长），对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作用时间t1=1s时撤去拉力，物体运动的部分v-t图象如图乙所示，取g=10m/s2求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小；（2）t=4s时物体速度【答案】（1）F=30N，=
24、0.5；（2）2m/s，方向沿斜面向下【解析】【分析】根据速度时间图线求出匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小，根据速度时间图线求出匀加速直线运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出拉力F的大小，物体沿着斜面下滑由牛顿第二定律得加速度大小，由运动学公式进行求解解:(1)由速度时间图象得：物体向上匀减速时加速度大小：根据牛顿第二定律得：代入数据解得：由速度时间图象得：物体向上匀加速时：根据牛顿第二定律得：代入数据解得：（2）设撤去力F后物体运动到最高点时间为t2，则解得则物体沿着斜面下滑的时间为设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律得解得t=4s时速度，方向沿斜面向下17.
25、 关于热力学定律下列说法正确的（_）A气体吸热后温度一定升高B对气体做功可以变其内能C理想气体等压膨胀过程一定放热D热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡【答案】BDE【解析】试题分析：气体吸热后，若再对外做功，温度一可能降低，故A错误；改变气体的内能的方式有两种：做功和热传导，故B正确；理想气体等压膨胀过程是吸热过程，故C错误；根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故D正确；如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡否则就不会与第三个系
26、统达到热平衡，故E正确考点：热力学定律；理想气体的性质视频18. 一热气球体积为V，内部充有温度为Ta的热空气，气球外冷空气的温度为Tb。已知空气在1个大气压、温度为T0时的密度为0，该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g。求（1）该热气球所受浮力的大小；（2）求该热气球内空气所受的重力；（3）设充气前热气球的质量为m0，求充气后它还能托起的最大质量。【答案】；【解析】（i）设1个大气压下质量为m的空气在温度T0时的体积为V0，密度为温度为T时的体积为VT，密度为：由盖-吕萨克定律可得：联立解得：气球所受的浮力为：联立解得：()气球内热空气所受的重力：联立解得：()设该气球还能托起的最大质量为m，由力的平衡条件可知：mg=fGm0g联立可得：【名师点睛】此题是热学问题和力学问题的结合题；关键是知道阿基米德定律，知道温度不同时气体密度不同；能分析气球的受力情况列出平衡方程。
