1、高考资源网（） 您身边的高考专家山东省日照市莒县2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题1.如图原子结构模型中依次符合卢瑟福、道尔顿、汤姆逊、玻尔的观点的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】卢瑟福提出了带核的原子结构模型，应为图；道尔顿提出近代原子学说，他认为原子是微小的不可分割的实心球体，应为图；汤姆生发现了电子，1904年提出“葡萄干布丁”的原子结构模型，应为图；玻尔，是卢瑟福的学生，他的模型和卢瑟福大体相仿，不同的是电子在原子核外空间的一定轨道上绕核做高速的圆周运动，为图，答案为B。2.下列说法不正确的是A. s能级的原子轨道呈球形，处在该轨道上的电子只能在球壳内
2、运动B. 元素原子的第一电离能越小，表示气态时该原子越易失去电子C. 元素的电负性越大，表示其原子在化合物中吸引电子能力越强D. 电负性大的元素易呈现负价，电负性小的元素易呈现正价【答案】A【解析】【详解】As能级的原子轨道呈球形，处在该轨道上的电子主要的运动区域是球壳内，但也有一定跑到球壳外运动的机率，A说法不正确；B元素原子的第一电离能越小，失去第一个电子所需要的能量越少，则在气态时该原子越易失去电子，B说法正确；C元素的电负性越大，其得电子的能力越强，则其原子在化合物中吸引电子能力越强，C说法正确；D电负性大的元素，其原子在化合物中吸引电子能力越强，故易呈现负价；反之，电负性小的元素易呈
3、现正价，D说法正确。综上所述，相关说法不正确的是A。3.下列电子构型对应的原子中，第二电离能最大是A. 1s22s22p5B. 1s22s22p6C. 1s22s22p63s1D. 1s22s22p63s2【答案】C【解析】【分析】当失去1个电子后变成全充满的稳定结构时，第二电离能最大，据此分析。【详解】A1s22s22p5代表F原子，失去一个电子后，核外电子排布为1s22s22p4，再失去一个电子失去的是2p上的一个电子，不属于稳定结构，故A不符合题意；B1s22s22p6为惰性气体氖，第一电离能最大，失去一个电子后反而成为不稳定结构，故B不符合题意；C1s22s22p63s1失去一个电子后
4、电子排布变为1s22s22p6，为稀有气体的稳定结构，所以第二电离能最大，故C符合题意；D1s22s22p63s2为镁，失去一个电子后电子排布变为1s22s22p63s1，再失去一个电子失去的是3s上的一个电子，故D不符合题意；答案选C。4.下述关于共价键的说法正确的是A. 一般来说键键能小于键键能B. 不同原子间的共价键至少具有弱极性C. 相同原子间的双键键能是单键键能的两倍D. 原子形成共价键的数目等于基态原子的未成对电子数【答案】B【解析】【详解】A键是通过原子轨道头碰头形成的，其电子云重叠较大，而键是通过原子轨道肩并肩形成的，其电子云重叠较小，因此，一般来说键键能大于键键能，A不正确；
5、B不同原子对共用电子对的作用力是不同的，共用电子对必然会发生一定的偏离，因此，不同原子间的共价键至少具有弱极性，B正确； C双键中的两个共价键是不同的，其一为键，另一个为键，键键能大于键键能，而单键只能是键，所以，相同原子间的双键键能不是单键键能的两倍，C不正确；D原子形成共价键的数目不一定等于其基态原子的未成对电子数，因为原子在形成共价键时，通常处于激发态，激发态的原子的未成对电子数目不一定等于其基态原子的，原子形成共价键的数目通常等于其激发态原子的未成对电子数，若形成大键则不相等，D不正确。本题选B。5.下列各组分子中，都是由极性键构成的极性分子的一组是A. C6H6和CO2B. CCl4
6、和H2SC. H2O和HFD. H2O2和CS2【答案】C【解析】【详解】AC6H6和CO2都是由极性键构成的非极性分子，A与题意不符；BCCl4为由极性键构成的非极性分子，H2S为由极性键构成的极性分子，B与题意不符；CH2O和HF都是由极性键构成的极性分子，C符合题意；DH2O2为由极性键构成的极性分子，CS2为由极性键构成的非极性分子，D与题意不符；答案为C。6.下列说法正确的是A. 1s22s22p63s13p1表示的是基态原子的电子排布B. 电子仅在激发态跃迁到基态时才会产生原子光谱C. 第三周期元素的原子半径从左到右逐渐减小，第一电离能依次增大D. 日常生活中的许多可见光，如霓虹灯
7、光、节日焰火等，都与原子核外电子发生跃迁释放能量有关【答案】D【解析】【详解】A1s22s22p63s13p1表示的不是基态原子的电子排布，因为其3s轨道没有排满就排布了3p轨道，违反了能量最低原理，A不正确；B电子在激发态跃迁到基态时会产生原子发射光谱，电子在基态跃迁到激发态时会产生原子吸收光谱，B不正确；C第三周期元素的原子半径从左到右逐渐减小，第一电离能呈依次增大趋势，但是，因为Mg和P的原子结构相对较稳定，其第一电离能均高于其右边的那种元素，C不正确；D电子在激发态跃迁到基态时会产生原子发射光谱。日常生活中的许多可见光，如霓虹灯光、节日焰火等，都与原子核外电子发生跃迁释放能量有关，D说
8、法正确。综上所述，说法正确的是D。7.下列说法正确的是A. 不存在没有化学键的分子B. 盐酸能导电，所以HCl是离子化合物C. 碳酸氢钠加热分解的过程中，有离子键和共价键的断裂和生成D. 干冰和石英晶体中的化学键类型相同，熔化时均需克服共价键【答案】C【解析】【详解】A存在没有化学键的分子，例如稀有气体，属于单原子分子，分子内不存在化学键，故A错误；B盐酸能导电，是因为氯化氢溶于水形成的盐酸可以电离，含有离子键的化合物是离子化合物，只含共价键的化合物是共价化合物，HCl中只含共价键，为共价化合物，故B错误； C碳酸氢钠中存在离子键和共价键，碳酸氢钠加热分解生成碳酸钠、水、二氧化碳，水和二氧化碳
9、中只有共价键、碳酸钠中既有离子键又有共价键，则有离子键和共价键的断裂和生成，故C正确；D干冰由分子构成，石英由原子构成，分别为分子晶体、原子晶体，但化学键类型相同，熔化时干冰破坏分子间作用力，石英晶体熔化时需克服共价键，故D错误；答案选C。8.根据价层电子对互斥理论及原子轨道的杂化理论推测，SO3分子的空间构型和中心原子的杂化方式是A. 平面三角形，sp2杂化B. 三角形，sp3杂化C. 正四面体形，sp2杂化D. 正方形，sp3杂化【答案】A【解析】【详解】根据价层电子对互斥理论可知，SO3分子中硫原子含有的孤对电子对数=(6-23)=0，所以SO3是平面三角形结构，硫原子是sp2杂化，答案
10、选A。9.现有四种元素的基态原子的电子排布式如下：1s22s22p63s23p4；1s22s22p63s23p3；1s22s22p3；1s22s22p5下列有关比较正确的是A. 原子半径：B. 电负性：C. 含氧酸的酸性D. 最高化合价：【答案】B【解析】【分析】现有四种元素的基态原子的电子排布式如下：1s22s22p63s23p4为16号S元素；1s22s22p63s23p3为15号P元素，与S同周期；1s22s22p3为7号N元素，与P同主族；1s22s22p5为9号F元素，与N同周期。【详解】A同一主族的元素，原子序数越大，其原子半径越大；同一周期的元素，原子序数越大的半径越小。则原子半
11、径，A不正确； B同一周期的主族元素，原子序数越大，其电负性越大；同一主族的元素通常原子序数较大的电负性越小，氨分子间能形成氢键，而硫化氢分子间不能形成氢键，说明N的电负性大于S，则电负性从大到小的顺序为，B正确；C无法比较含氧酸的酸性，因为其指代不明。可以比较最高价含氧酸的酸性，非金属性越强的最高价含氧酸的酸性越强，C不正确；DF元素是非金属性最强的元素，因此其无正化合价，D不正确。综上所述，相关比较正确的是B。10.下列实验事实可以用共价键键能解释的是A. 金刚石熔点高于晶体硅B. 稀有气体很难发生化学反应C. 相同状态下氯气的密度比空气的大D. 常温常压下，溴单质呈液态，碘单质呈固态【答
12、案】A【解析】【详解】A原子晶体的熔点与共价键有关，原子半径越小，共价键键能越大，原子晶体的熔点越高，碳原子的半径小于硅，所以金刚石的熔点比晶体硅高，故A符合题意；B稀有气体为单原子分子，原子都形成稳定结构，稀有气体一般难于发生化学反应，与共价键键能无关，故B不符合题意； C密度=，相同状态下，同体积的氯气和空气，氯气的平均相对分子质量大于空气，所以氯气的密度比空气的大，与键能无关，故C不符合题意；D溴的相对分子质量比碘单质小，所以溴的沸点比碘单质低，常温、常压下，溴呈液态，碘呈固态，与键能无关，故D不符合题意；答案选A。11.某配合物的化学式为CrCl2(H2O)4Cl2H2O，下列说法正确
13、的是A. 配位体是Cl-，配位原子数是2B. 配离子是CrCl2(H2O)4，中心离子是Cr3C. 1mol该化合物溶于水可电离出3molClD. 加入足量AgNO3溶液，Cl元素可被完全沉淀【答案】B【解析】【分析】配合物 CrCl2(H2O)4Cl2H2O的内界是CrCl2(H2O)4，外界是和Cl-和H2O。内界的中心原子是Cr3，配位体是Cl-和H2O。【详解】A配位体是Cl-和H2O，Cl和O原子都有孤电子对，所以配位原子数是Cl和O原子，A不正确；B配离子是CrCl2(H2O)4，中心离子是Cr3，B正确；C配合物只有外界的离子能够完全电离，故1mol该化合物溶于水只能电离出1mo
14、lCl，C不正确；D配合物只有外界的离子能够完全电离，加入足量AgNO3溶液，只有外界的Cl元素可被完全沉淀，D不正确。本题选B。12.下列说法不正确的是A. 足球烯(C60)的熔点远低于金刚石的熔点B. P-H键键能小于N-H，因而PH3沸点低于NH3C. Ba(OH)2属于离子晶体，晶体中存在两种化学键D. 从液态空气中分离出氧气，需克服分子间作用力【答案】B【解析】【详解】A足球烯(C60)为分子晶体，金刚石为原子晶体，则足球烯的熔点远低于金刚石的熔点，A说法正确；B虽然P-H键键能小于N-H，但分子晶体中化学键对物质沸点无影响，NH3分子间存在氢键，导致PH3沸点低于NH3，B说法不正
15、确；CBa(OH)2中存在离子键、共价键，则其属于离子晶体，晶体中存在两种化学键，C说法正确；D空气中的氮气、氧气都属于分子晶体，从液态空气中分离出氧气，需克服分子间作用力，D说法正确；答案为B。13.下列说法正确的是A. BF3和NF3都是平面形分子B. 1molNH4BF4中含有3mol配位键C. H2S和SO2的中心原子价层电子对数相同D. 某原子的质量数是52，中子数是28，则其基态原子中，未成对电子数为6【答案】D【解析】【详解】ABF3的中心原子的杂化方式为sp2，没有孤电对，其为平面正三角形结构；NF3的中心原子的杂化方式为sp3，有1个孤电对，其为三角锥结构，A不正确；BNH4
16、BF4中有铵根离子和氟硼酸根离子，铵根离子中有1个配位键，氟硼酸根离子中也有1个配位键，两种离子间形成离子键，因此，1molNH4BF4中只含有2mol配位键，B不正确；CH2S的中心原子的价层电子对数为， SO2的中心原子价层电子对数为，两者相同，C不正确；D某原子的质量数是52，中子数是28，则其质子数为52-28=24，其基态原子的价电子排布式为3d54s1，根据洪特规则可知，其未成对电子数为6，D正确。本题选D。14.下列比较正确的是A. 电负性：HBB. 键角：PH3NH3C. 第一电离能：I1(S)I1(P)D. 分子的极性：OF2H2O【答案】A【解析】【详解】A电负性H为2.1
17、，B为2.04，HB，A比较正确；BPH3、NH3均为sp3杂化，氮原子半径小，则键角大，键角： NH3PH3，B比较错误；CP原子最外层电子处于半充满的稳定结构，第一电离能大于S，第一电离能：I1(P)I1(S)，C比较错误；DOF2、H2O中心氧原子为sp3杂化，两者结构相似，但F的电负性比O大，而H电负性比O小，O从H吸电子，这个因素产生的极性和孤对电子的效果相同，极性叠加；而F从O吸电子的效果和孤对电子的效果是相反的，极性部分抵消，分子的极性：H2OOF2，D比较错误；答案为A。15.吡啶是含有一个氮原子的六元杂环化合物，结构简式如下图，可以看作苯分子中的一个（CH）被取代的化合物，故
18、又称为氮苯。下列有关吡啶的说法正确的是A. 吡啶分子中含有的大键B. 吡啶分子为非极性分子C. 吡啶的分子式为C5H6ND. 吡啶分子中含有10个键【答案】A【解析】【详解】A吡啶分子与苯分子是等电子体，其结构相似，苯分子中含有的大键，故吡啶分子中也含有的大键，A说法正确；B吡啶分子的正负电荷的重心不能重合，故其为极性分子，B不正确；C吡啶可以看作苯分子中的一个（CH）被N取代的化合物，故其的分子式为C5H5N，C不正确；D吡啶分子中CC、CH、CN均为键，共含有11个键，D不正确。本题选A。16.叠氮化钠(NaN3)热分解可得纯N2，2NaN3(s) 2Na(l)+3N2(g)，下列说法正确
19、的是A. NaN3中的阴离子()与互为等电子体B. NaN3与KN3结构类似，则前者晶格能较小C. N2常温下很稳定，是因为N的电负性大D. 钠晶胞是体心立方结构，每个晶胞含有2个钠原子【答案】D【解析】【详解】A的价电子数为35+1=16，的价电子数为5+62+1=18，价电子数不相等，不能称为等电子体，故A错误；B相同电荷时，晶格能与离子的半径成反比，离子半径越大，晶格能越小，钠离子的离子半径小于钾离子的离子半径，所以NaN3的晶格能大于KN3的晶格能，故B错误；C氮气分子中含有氮氮三键，键能较大，所以性质稳定，故C错误；D钠晶胞结构属于体心结构，即顶点、体心各有1个钠原子，钠晶胞中原子数
20、为1+8=2，故D正确； 答案选D。【点睛】元素的电负性越大，气态氢化物的稳定性越强，不是单质的稳定性，为易错点。17.水是制取氢气的常用原料，下列有关水的说法不正确是A. H2O和H以配位键结合形成H3OB. H2O分子中有两个由s轨道与sp3杂化轨道形成的键C. 水在1000以上才会部分分解，是因为水中含有大量的氢键D. 冰是分子晶体，空间结构中一个水分子周围的水分子是四个【答案】C【解析】【详解】A水分子中氧提供孤对电子，氢离子提供空轨道，形成配位键，H2O和H以配位键结合形成H3O，故A正确；BH2O分子中有2个氢原子的2个1s轨道与氧原子的sp3杂化轨道形成的键，故B正确；C分子稳定
21、性与共价键强度有关，共价键越强，分子越稳定，与氢键无关，氢键影响分子的物理性质，故C错误；D冰是分子晶体，冰中由于有氢键，氢键具有方向性，空间结构中一个水分子周围的水分子是四个，故D正确；答案选C。18.X、Y、Z、W是短周期元素，X元素原子的最外层未达到8电子稳定结构，工业上通过分离液态空气获得其单质；Y元素原子最外电子层上s、p电子数相等；Z元素+2价阳离子的核外电子排布与氖原子相同；W元素原子的M层有1个未成对的p电子。下列有关这些元素性质的说法一定正确的是A. X元素的氢化物的水溶液显碱性B. Z元素的离子半径大于W元素的离子半径C. Z元素的单质在一定条件下能与X元素的单质反应D.
22、Y元素最高价氧化物的晶体具有很高的熔点和沸点【答案】C【解析】【详解】X元素原子的最外层未达到8电子稳定结构，工业上通过分离液态空气获得其单质，则X是N或O。Y元素原子最外电子层上s、p电子数相等，Y是C或Si。Z元素+2价阳离子的核外电子排布与氖原子相同，Z是Mg。W元素原子的M层有1个未成对的p电子，W是Al或Cl。则A、X元素的氢化物的水溶液显碱性（NH3）或中性（H2O），A不正确；B、若W是氯元素，则氯离子半径大于镁离子半径；B不正确；C、镁既能和氮气反应生成氮化镁，也能和氧气反应生成氧化镁，C正确；D、若Y是碳元素，则CO2形成的是分子晶体，熔沸点低，D不正确；答案选C。19.六氟
23、化硫分子呈正八面体形，如图所示，若分子中有一个F原子被CF3取代，则会变成温室气体SF5CF3，下列说法正确的是A. 六氟化硫分子是极性分子B. 六氟化硫易燃烧生成二氧化硫C. SF5CF3分子中C只形成键D. SF5CF3分子中各原子均达到最外层8电子稳定结构【答案】C【解析】【详解】A该分子为正八面体结构，正负电荷中心重合，为非极性分子，故A错误；BSF6中F为1价，则S为+6价，S元素不能再失电子，所以不能被氧化，则六氟化硫不易燃烧生成二氧化硫，故B错误；C六氟化硫分子中的SF键都是键，若分子中有一个F原子被CF3取代，C原子价层电子对数为4对，杂化方式为sp3杂化，只形成键，故C正确；
24、D根据图可知，每个F原子和S原子形成一对共用电子对，每个S原子和六个F原子形成六对共用电子对，所以F原子都达到8电子稳定结构，但S原子最外层达到12电子，故D错误；答案选C。20.下列有关硼和铝化合物的说法错误的是A. NaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4都是配合物B. NaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4都有强还原性C. NaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4都是离子化合物D. NaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4中，中心原子杂化方式相同【答案】B【解析】【详解】ANaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4 阴阳离子之间都可以形成配位键，都是配合物， A正确；
25、BNaBH4、LiAlH4有强还原性，NaAl(OH)4没有强还原性，B错误；CNaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4 都含阴阳离子，是离子化合物，C正确；DNaBH4、LiAlH4、NaAl(OH)4 阳离子都是AB4构型，中心原子都采取sp3杂化，D正确；答案选B。21.下列说法不正确的是A. 含有苯环的有机物属于芳香烃B. 可用酸性高锰酸钾溶液区别苯与乙苯C. 在光照条件下，异丙苯与Cl2发生取代反应生成的一氯代物有2种D. 甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代，所得产物有6种【答案】A【解析】【详解】A仅有C、H两种元素组成的含有苯环的化合物属于芳香烃，故A错误；B苯与
26、酸性高锰酸钾溶液不反应，乙苯可以被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，可用酸性高锰酸钾溶液区别苯与乙苯，故B正确；C的烷基上的氢原子有两种等效氢，在光照条件下，异丙苯与Cl2发生取代反应生成的一氯代物有2种，故C正确；D甲苯苯环上有3种H原子，含3个碳原子的烷基有正丙基、异丙基两种，所以甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代产物有32=6种，故D正确；答案选A。【点睛】在光照条件下与氯气发生取代反应时，取代的是烷基上的氢原子，为易错点。22.某气态烃1mol能与2molHCl加成，所得产物又能与8molCl2反应，最后得到一种只含C、Cl两种元素的化合物，则该气态烃可能是A. 丙
27、炔B. 1丁烯C. 1丁炔D. 2甲基1，3丁二烯【答案】C【解析】【分析】气态烃发生加成反应后所得产物又能与8molCl2发生取代反应，则1mol产物含8molH，产物在发生加成反应时增加了2molH、2molCl，因此1mol原气态烃含2mol碳碳双键或含1mol三键，含6molH。【详解】A丙炔的分子式为：，不符合题意，A错误；B1丁烯的分子式为：，不符合题意，B错误；C1丁炔的分子式为：，含三键，符合题意，C正确；D2甲基1,3丁二烯分子式为：，不符合题意，D错误；答案为C。23.某烃X的分子结构如图所示（图中的连线表示化学键）。下列说法正确的是A. X与乙烯互为同系物B. X中所有原
28、子处在同一平面内C. 充分燃烧等质量的X和甲烷，X消耗氧气较多D. X既能使溴的四氯化碳溶液退色，又能使酸性KMnO4溶液退色【答案】D【解析】【分析】X为烃，只含有C、H，则黑球为C，白球为H，每个碳原子有4条键，则与氢原子相连的C原子间存在碳碳双键，其分子式为C5H4。【详解】AX中含有2条碳碳双键，与乙烯不是同系物，A说法错误；BX中心碳原子为sp3杂化，所有原子不可能处在同一平面内，B说法错误；C根据烃燃烧通式，烃的含氢量越大，等质量时，耗氧量越多，甲烷含氢量大于X，充分燃烧等质量的X和甲烷，甲烷消耗氧气较多，C说法错误；DX中含有碳碳双键，则既能使溴的四氯化碳溶液退色，又能使酸性KM
29、nO4溶液退色，D说法正确；答案为D。24.下列说法不正确的是A. 的分子式为C9H13NO3B. 某烯烃的名称是2甲基4乙基2戊烯C. BrCH=CHCH(OH)CHO中含有4种官能团D. (CH3)2CH(CH2)2CH(C2H5)(CH2)2CH3的名称是2甲基5乙基辛烷【答案】B【解析】【详解】A根据该有机物的结构简式为：，该有机物的1个分子中含有9个碳原子，13个氢原子，一个氮原子，三个氧原子，该有机物的分子式为C9H13NO3，故A正确；B给有机物命名时，需要选取最长碳链作为主链，CH3CH2CH(CH3)CH=CH(CH3)2，该烯烃的名称是2，4二甲基2己烯，故B错误；CBrC
30、H=CHCH(OH)CHO中含有4种官能团，分别为溴原子、碳碳双键、羟基、醛基，故C正确；D给有机物命名时，需要选取最长碳链作为主链，选主链离支链最近的一端为起点，用1，2，3等阿拉伯数字依次给主链上的各个碳原子编号定位，确定支链在主链上的位置，(CH3)2CH(CH2)2CH(C2H5)(CH2)2CH3的名称是2甲基5乙基辛烷，故D正确；答案选B25.下列有关同分异构体数目（不考虑立体异构）的叙述正确的是A. 与互为同分异构体的芳香烃有3种B. 它与硝酸反应，可生成4种一硝基取代物C. 与两分子溴发生加成反应的产物，理论上最多有3种D. 分子式为C7H16的烃，分子中有4个甲基的同分异构体
31、有4种【答案】D【解析】【详解】A的分子式为C8H8，与其互为同分异构体的芳香烃为苯乙烯，有1种，A说法错误；B为对称结构，如与硝酸反应，可生成5种一硝基取代物，B说法错误；C因分子存在三种不同的碳碳双键，如图所示，1分子物质与2分子Br2加成时，可以在的位置上发生加成，也可以在位置上发生加成或在位置上发生加成，还可以1分子Br2在发生1，4-加成反应，另1分子Br2在上加成，故所得产物共有四种，C说法错误；D分子式为C7H16的烃，分子中有4个甲基的同分异构体可看作正戊烷中间3个碳原子上的氢原子被2个甲基取代，2个甲基在同一碳原子有2种，在不同碳原子有2种，合计有4种，D说法正确；答案为D。
32、26.CO2和H2按一定的体积比混合，在一定条件下可以制得烯烃，该技术已经成为节能减碳的有效途径之一。苯是一种重要的化工原料，下图是合成橡胶和TNT的路线。回答下列问题：（1）B的结构简式为_；C中官能团的名称为_；E的名称为_。（2）反应和的反应类型分别是_、_。（3）反应的化学方程式为_。（4）D在一定条件下与足量H2反应后的产物，其一氯代物有_种（不考虑立体异构）。【答案】 (1). CH2=CH2 (2). 氯原子 (3). 1，3丁二烯 (4). 取代反应 (5). 加聚反应 (6). 3HNO33H2O (7). 6【解析】【分析】由合成路线可知，苯与一氯甲烷发生取代反应生成A，A
33、为甲苯，A发生硝化反应生成TNT；高分子丁苯橡胶由D和E经加聚反应合成，D为苯乙烯，E为1，3丁二烯；苯和C合成C8H9Cl，C发生消去反应生成D，则C为1，2-氯乙烷，B为乙烯。【详解】（1）B的结构简式为CH2=CH2；C为1，2-氯乙烷，其中官能团为氯原子；E为1，3丁二烯。（2）反应为1，2-氯乙烷与苯发生取代反应，反应为D和E发生加聚反应合成丁苯橡胶，故其反应类型分别是取代反应、加聚反应。（3）反应为甲苯发生硝化反应生成TNT，化学方程式为3HNO33H2O。（4）D为苯乙烯，其在一定条件下与足量H2反应后的产物是乙基环己烷，其分子中有6种不同化学环境的H原子，故其一氯代物有6种（不
34、考虑立体异构）。【点睛】乙基环己烷分子中每个碳原子上都有氢原子，分子结构有一定的对称性，不能漏算其一氯代物，也不能重复算。27.A、B、C是第四周期原子序数依次增大的元素，它们的基态原子都有三个单电子，且4s轨道全部充满。回答下列问题：(1)A在_族；B的元素符号为_；C的名称是_。(2)A的某种氧化物溶解在NaOH溶液中，可得到盐Na3AO4，该盐阴离子的空间构型为_。(3)C的一种氯化物分子中，各原子都达到了最外层8电子的稳定结构，该分子的空间构型为_，其中C原子的杂化轨道类型为_杂化。【答案】 (1). VB (2). Co (3). 砷 (4). 正四面体形 (5). 三角锥形 (6)
35、. sp3【解析】分析】A、B、C是第四周期原子序数依次增大的元素，它们的基态原子都有三个单电子，且4s轨道全部充满，价电子排布式分别为3d34s2、3d74s2、4s24p3，分别为V、Co、As元素；然后分析。【详解】(1)A是V，价电子排布式为3d34s2，在VB族；B的价电子排布式3d74s2，B的元素符号为Co；C的价电子排布式为：4s24p3的名称是砷；(2) Na3VO4的阴离子为VO，孤对电子数为(5+3-24)=0，价层电子对数为4对，空间构型为正四面体形；(3)As的一种氯化物分子中，各原子都达到了最外层8电子的稳定结构，是AsCl3，孤对电子数为(5-13)=1，价层电子
36、对数为4对，该分子的空间构型为三角锥形，其中As原子的杂化轨道类型为sp3杂化。【点睛】Co价电子排布式分别为3d74s2也属于基态原子都有三个单电子，为易错点。28.铁、铜、镍及其化合物在现代社会中的用途越来越广泛。回答下列问题：（1）铁元素在周期表中的位置是_；基态Fe2+的价电子排布式为_。（2）铜晶体为面心立方最密堆积，晶胞边长为acm，则铜的密度为_gcm-3。Cu元素与H元素可形成一种红色化合物，该晶体中Cu原子和H原子呈交替层形排列，其透视图如图所示，则该化合物的化学式为_。（3）镍与CO形成配合物Ni(CO)n，CO与N2互为等电子体，则CO中键与键个数比为_；Ni(CO)n的
37、熔点是170，它属于_晶体；Ni(CO)n中，配体提供电子给Ni，使Ni的电子构型与它所在周期的稀有气体电子构型相同，则n等于_。【答案】 (1). 第四周期族 (2). 3d6 (3). (4). CuH (5). 1:2 (6). 分子 (7). 4【解析】【详解】(1)铁是26号元素，在周期表中第四周期族；基态Fe2+在铁的基础上失去两个电子，价电子排布式为3d6；(2)铜晶体为面心立方最密堆积，晶胞边长为acm，该晶胞含4个铜原子，根据公式可得铜的密度为gcm-3；根据铜和氢形成的化合物结构，可知含铜原子：，含氢原子：，故根据化学式的书写原则，形成的化合物化学式为：CuH；(3)镍与C
38、O形成配合物Ni(CO)n，CO与N2互为等电子体，则CO含碳氧三键，故键与键的个数比为1:2；Ni(CO)n的熔点是170，熔沸点较低，故它属于分子晶体；Ni(CO)n中，配体提供电子给Ni，使Ni的电子构型与它所在周期的稀有气体电子构型相同，则Ni周围满足8电子结构，形成四对共用电子对，则n等于4。29.氯化钠的一种晶胞结构如图所示。回答下列问题：（1）若某氯化钠的纳米颗粒是一个氯化钠晶胞，则该颗粒的表面原子数与总原子数之比是_。（2）该氯化钠晶胞含有8个小立方体，每个小立方体_（填“是”或“不是”）氯化钠的更小晶胞。（3）将氯化钠晶胞中所有的Na去掉，并将Cl全部换成碳原子，再在晶胞的四
39、个互不共面的小立方体中心处各放置一个碳原子，即形成金刚石的一个立方晶胞。这种晶胞含有_个碳原子。过晶胞的两个相对面的平行对角线做一个晶胞切面图，如图所示，请在图中白圈处找出未画出的碳原子，并在相应位置上按图示碳原子涂黑。_设该晶胞边长为apm，金刚石中碳碳键键长等于_pm（用含a的式子表示）。（4）若再将任何两个成键碳原子连线的中心处插入一个氧原子，就构成了某种“碳氧化物”的晶胞。下列说法正确的是_（填序号）。a该“碳氧化物”晶体中碳原子周围的氧原子数是2b一个晶胞中含有8个“碳氧化物”分子c该“碳氧化物”的化学式为CO2d这种晶体是原子晶体【答案】 (1). 26:27 (2). 不是 (3
40、). 8 (4). (5). (6). cd【解析】【分析】(1)氯化钠的纳米颗粒是一个氯化钠分子簇；(2)晶胞是重复单元；(3)根据空间构型及分摊式计算；(4)“碳氧化物”中，每一个碳原子周围有4个氧原子，而氧原子周围有2个碳原子，形成空间网状结构。【详解】(1)若某氯化钠的纳米颗粒是一个氯化钠晶胞，即每个晶胞为一个氯化钠的纳米颗粒，表面原子数为26个，总原子数为27，其比值为26：27；(2)氯化钠晶胞含有8个小立方体，不是重复单元，则每个小立方体不是氯化钠更小的晶胞；(3)Cl在晶胞的顶点和面心，则碳原子在顶点和面心，体内含有4个碳原子，则晶胞含有碳原子数目=8+6+4=8；晶胞相对面的
41、对角线与棱组成矩形，碳原子在原晶胞的面心，则在矩形的棱上；而原晶胞棱上没有碳原子，则另两条棱上没有碳原子，在原晶胞的四个互不共面的小立方体中心处各放置一个碳原子，则有2个碳原子在矩形的对角线上，图形为；晶胞边长为apm，而金刚石中碳碳键键长等于0.25倍的体对角线，即pm；(4)a该“碳氧化物”晶体中碳原子含有4条键，则碳原子周围的氧原子数是4，a说法错误；b该晶胞为原子晶体，不含有 “碳氧化物”分子，b说法错误；c该“碳氧化物”中，每一个碳原子周围有4个氧原子，而氧原子周围有2个碳原子，则化学式为CO2，c说法正确；d“碳氧化物”中，每一个碳原子周围有4个氧原子，而氧原子周围有2个碳原子，形成空间网状结构，则这种晶体是原子晶体，d说法正确；答案为cd。- 20 - 版权所有高考资源网
