1、单摆(25分钟60分)一、选择题(本题共6小题，每小题5分，共30分)1(多选)下列说法正确的是()A单摆的等时性是由惠更斯首先发现的B单摆的等时性是由伽利略首先发现的C惠更斯首先将单摆的等时性用于计时D伽利略首先发现了单摆的等时性，并把它用于计时【解析】选B、C。首先发现单摆等时性的是伽利略，首先将单摆的等时性用于计时的是惠更斯。2.(多选)如图所示是单摆振动示意图，下列说法中正确的是()A在平衡位置摆球的动能和势能均达到最大值B在最大位移处势能最大，而动能最小C在平衡位置绳子的拉力最大，摆球速度最大D摆球由AC运动时，动能增加，势能减少【解析】选B、C、D。单摆的振动是简谐运动，机械能守恒
2、，远离平衡位置运动时，位移变大，势能增加，而动能减少；反之，向平衡位置运动时，动能增加而势能减少，故B、D项正确，A项错误；小球在平衡位置只受重力和绳子拉力，在平衡位置C，拉力Fmg，由上述分析知，平衡位置时动能最大，即v最大，故F也最大，所以C项正确。3图甲为生活中常见的一种摆钟，图乙为摆钟内摆的结构示意图，圆盘固定在摆杆上，螺母可以沿摆杆上下移动。把在龙岩走时准确的摆钟移到北京，要使摆钟仍然走时准确，则()A因摆钟周期变大，应将螺母适当向上移动B因摆钟周期变大，应将螺母适当向下移动C因摆钟周期变小，应将螺母适当向上移动D因摆钟周期变小，应将螺母适当向下移动【解析】选D。在地球的表面，随着纬
3、度的增高，重力加速度在增大，摆钟由福建龙岩移到北京，重力加速度g变大，根据单摆的周期公式T2可知，T变小，要使摆钟仍然走时准确，则需要增大L，应将螺母适当向下移动，故D正确，A、B、C错误。4在一个单摆装置中，摆动物体是个装满水的空心球，球的正下方有一小孔，当摆开始以小角度摆动时，让水从球中连续流出，直到流完为止，则此单摆的周期将()A逐渐增大B逐渐减小C先增大后减小 D先减小后增大【解析】选C。单摆小角度摆动，做简谐运动的周期为T2，式中l为摆长，其值为悬点到摆动物体重心之间的距离，当小球装满水时，重心在球心，水流完后，重心也在球心，但水刚流出过程中重心要降低，因此，在水整个流出过程中，重心
4、位置先下降后上升，即摆长l先增大后减小，所以摆动周期将先增大后减小。5.(多选)同一地点的甲、乙两单摆(摆球质量相等)的振动图像如图所示，下列说法中错误的是()A甲、乙两单摆的摆长相等B甲摆的机械能比乙摆小C甲摆的最大速率比乙摆小D在周期时振子具有正向加速度的是乙摆【解析】选B、C。由题图可知，T甲T乙，故l甲l乙，A正确；又A甲A乙，即振幅相等，且由题知两摆质量相等，所以两摆的机械能相等，在最低点时二者的最大速率相等，故B、C错误；周期时甲处于平衡位置，乙处于负向最大位置处，故乙具有正向加速度，D正确。6单摆模型如图甲所示，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最远位置，摆球质量为50 g
5、，振动图像如图乙所示，则下列说法正确的是(g取10 m/s2，2g)()A单摆的摆长约为50 cmB单摆的振幅是16 cmC摆球经过O点时细线拉力大小为0.5 ND一个周期可能有4个时刻拉力大小相等【解析】选D。由图可知T2 s，根据T2得：L1 m，故A错误；由xt图可知：该单摆的振幅为8 cm，故B错误；摆球经过O点时，单摆的向心力是细线的拉力与重力沿细线方向分力的合力提供，即Fmgm，Fmgm0.5 N，故C错误；设点M(不是B、O点)是BO间的一个点，则在CO间存在一个对称的点N，摆球经过N点与M点的速度大小相等，根据Fmgm，则拉力大小相等，而在一个周期内，摆球两次经过M和N点，所以
6、一个周期可能有4个时刻拉力大小相等；故D正确。二、非选择题(本题共2小题，共30分。要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)7(12分)如图为演示沙摆振动图像的实验装置和实验结果。沙摆的摆动可看作简谐运动。若手拉木板的速率为0.2 m/s，由刻度尺上读出图线的尺寸，计算这个沙摆的摆长。(图中单位为cm，g取9.8 m/s2)【解析】由题图可知沙摆摆动周期即为木板移动30 cm所需的时间，即T s1.5 s，由T2，得l0.56 m。答案：0.56 m8(18分)图甲是一个单摆振动的情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最远位置。设摆球向右方向运动为正方向。图乙是这个单摆的
7、振动图像。根据图像回答：(1)单摆振动的频率是多大？(2)开始时刻摆球在何位置？(3)若当地的重力加速度为10 m/s2，试求这个摆的摆长是多少。【解析】(1)由乙图知周期T0.8 s，则频率f1.25 Hz。(2)由乙图知，0时刻摆球在负向最大位移处，因向右为正方向，所以在B点。(3)由T2得l0.16 m。答案：(1)1.25 Hz(2)B点(3)0.16 m(15分钟40分)9.(7分)如图，长为l的细绳下方悬挂一小球，绳的另一端固定在天花板上O点，在O点正下方l的O点有一固定细铁钉。将小球向右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度(约为2)后由静止释放，当小球摆至最低位置时，细绳受到铁钉的阻
8、挡后继续运动。下列说法正确的是()A碰钉前后瞬间小球的加速度之比为41B碰钉前后瞬间绳的拉力之比为14C碰钉前后小球离开平衡位置的最大距离之比为21D小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间之比为41【解析】选C。细绳与钉子碰撞前后瞬间，小球的瞬时线速度不变，根据向心加速度公式a，由于碰钉前后瞬间小球的半径之比为41，所以有：，故A错误；根据牛顿第二定律得：Fmgm，由于小球到达最低点时的速度大小不确定，所以碰钉前后瞬间绳的拉力之比无法确定，故B错误；根据周期公式T2，由于碰钉前后瞬间小球的半径之比为41，所以碰钉前后小球运动的周期之比为21，故碰钉前后小球离开平衡位置的最大距
9、离之比为21，故C正确；已知碰钉前后小球运动的周期之比为21，小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间都为，所以小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间之比为21，故D错误。10.(7分)如图所示，升降机中有一单摆，摆长为l，当升降机静止时，单摆的周期为T1，当升降机以加速度a向上匀加速运动时，单摆的周期为T2，则()AT1T2 BT2T1CT12 DT22【解析】选B。处于匀加速上升的升降机中的单摆的周期T22，升降机静止时的周期T12，T2T1，故B选项正确。11(7分)一登山运动员用一单摆来测量某山的海拔高度，当他在海平面时，在一定时间t0内测得一单摆全振
10、动N次，当他到达山顶后，在相同时间t0内测得同一单摆全振动的次数为(N1)次。若把地球视为半径为R的均匀球体，则此山的海拔高度为()A B C D【解析】选C。设海平面处重力加速度为g，山顶处为g，由g，g可得()2，又T2，T2，可得()2()2，解得h，故C项正确。12(19分)如图甲所示，摆球在竖直面内做简谐运动。通过力传感器得到摆线拉力F的大小随时间t变化的图像如图乙所示，摆球经过最低点时的速度为v m/s，忽略空气阻力，g取10 m/s2，2g，求：(1)单摆的摆长L；(2)摆球的质量m。【解析】(1)由乙图可知单摆周期为T2 s；由单摆周期公式T2；解得L1 m；(2)当拉力最大时，即F1.02 N时，摆球处在最低点。由牛顿第二定律Fmgm；可解得m0.1 kg。答案：(1)1 m(2)0.1 kg
