1、专题二十一 问题数学思想在解题中的应用(一)1设平面点集A(x，y)|(yx)0，B(x，y)|(x1)2(y1)21，则AB所表示的平面图形的面积为()A. B. C. D.答案： D数形结合，画出图象，可知集合B表示的是一个圆面，集合A表示的图形在圆(x1)2(y1)21内的部分正好是圆面积的一半，因此AB所表示的平面图形的面积是，选D.2设F1，F2是椭圆E：1(ab0)的左、右焦点，P为直线x上一点，F2PF1是底角为30的等腰三角形，则E的离心率为()A. B. C. D.答案：C由题意可得|PF2|F1F2|，22c，3a4c，e.3设变量x，y满足则2x3y的最大值为()A20
2、B35 C45 D55答案：D根据不等式组确定平面区域，再平移目标函数求最大值作出不等式组对应的平面区域(如图所示)，平移直线yx，易知直线经过可行域上的点A(5,15)时，2x3y取得最大值55，故选择D.4过抛物线y22x的焦点F作直线交抛物线于A，B两点，若|AB|，|AF|BF|，则|AF|_.解析设过抛物线焦点的直线为yk，联立得整理得k2x2(k22)xk20，x1x2，x1x2.|AB|x1x211，得k224代入k2x2(k22)xk20得12x213x30，解之得x1，x2，又|AF|BF|，故|AF|x1.答案1函数的主干知识、函数的综合应用以及函数与方程思想的考查一直是高
3、考的重点内容之一高考试题中，既有灵活多变的客观性小题，又有一定能力要求的主观性大题，难度有易有难，可以说是贯穿了数学高考整份试卷，高考中所占比重比较大2数形结合思想的考查常以数学概念、数学式的几何意义、函数图象、解析几何等为载体，多数以选择题、填空题出现，难度中等 (1)对于函数与方程思想，在解题中要善于挖掘题目中的隐含条件，构造出函数解析式和妙用函数与方程的相互转化的关系是应用函数与方程思想解题的关键(2)在运用数形结合思想分析问题时，要注意三点：理解一些概念与运算法则的几何意义以及曲线的代数特征，对题目中的条件和结论既分析其几何意义，又分析其代数意义；恰当设参、合理用参，建立关系，由形思数
4、，以数想形，做好数形转化；确定参数的取值范围，参数的范围决定图形的范围.必备知识函数与方程思想(1)函数思想就是用运动和变化的观点，分析和研究具体问题中的数量关系，并通过函数形式建立函数关系，然后利用函数有关的知识(定义域、值域、最值、单调性、奇偶性、周期性、对称性、图象、导数)使问题得以解决函数思想贯穿于高中数学教学的始终，不仅在函数各章的学习，而且在研究方程、不等式、数列、解析几何等其他内容时也起着十分重要的作用(2)方程的思想，是分析数学问题中变量间的等量关系，从而建立方程或方程组，通过解方程或方程组，或者运用方程的性质去分析、转化问题，使问题获得解决在实际问题的解决过程中，函数、方程、
5、不等式等常常互相转化因此，函数与方程的思想是高考考查的重点知识数形结合思想(1)数形结合，就是根据数与形之间的对应关系，通过数与形的相互转化来解决数学问题的一种重要思想方法数形结合思想通过“以形助数，以数解形”，使复杂问题简单化，抽象问题具体化，能够变抽象思维为形象思维，有助于把握数学问题的本质，它是数学规律性与灵活性的有机结合(2)数形结合的思想方法应用广泛，如解方程、不等式问题，求函数的值域、最值问题、三角函数问题，运用数形结合思想，不仅直观易发现解题途径，而且能避免复杂的计算与推理，大大简化了解题过程必备方法1在高中数学的各个部分，都有一些公式和定理，这些公式和定理本身就是方程，如等差数
6、列的通项公式、余弦定理、解析几何的弦长公式等，当试题与这些问题有关时，就需要根据这些公式或者定理列方程或方程组求解需要的量2函数与不等式也可以相互转化，对于函数yf(x)，当y0时，就转化为不等式f(x)0，借助于函数图象与性质解决有关问题，而研究函数的性质，也离不开解不等式3在数学中函数的图象、方程的曲线、不等式所表示的平面区域、向量的几何意义、复数的几何意义等都实现以形助数的途径，当试题中涉及这些问题的数量关系时，我们可以通过形分析这些数量关系，达到解题的目的 关问题函数思想，不仅是利用函数的方法来研究解决有关函数问题，更重要的是运用函数的观点去分析、解决问题，它的精髓是通过建立函数关系或
7、构造函数，再运用函数的图象和性质去分析问题、转化问题，从而使问题获得解决【例1】设f(x)ln(x1) axb(a，bR，a，b为常数)，曲线yf(x)与直线yx在(0,0)点相切(1)求a，b的值；(2)证明：当0x2时，f(x).审题视点 听课记录审题视点 (1)应用导数研究函数性质；(2)应用导数研究函数性质，并且结合放缩法的应用(1)解由yf(x)过(0,0)点，得b1.由yf(x)在(0,0)点的切线斜率为，又y|x0|x0a，得a0.(2)证明由均值不等式，当x0时，2 x11x2，故1.记h(x)f(x)，则h(x).令g(x)(x6)3216(x1)，则当0x2时，g(x)3(
8、x6)22160.因此g(x)在(0,2)内是递减函数，又由g(0)0，得g(x)0，所以h(x)0.因此h(x)在(0,2)内是递减函数，又h(0)0，得h(x)0.于是当0x2时，f(x). 根据所证不等式的结构特征构造相应的函数，研究该函数的单调性是解决这一类问题的关键，本题并没有千篇一律的将不等式右边也纳入到所构造函数中，而是具体问题具体分析，使问题得解，体现了导数的工具性以及函数、方程的数学思想【突破训练1】 证明：对任意的正整数n，不等式ln都成立证明令f(x)x3x2ln(x1)，则f(x)在(0,1上恒正f(x)在(0,1上单调递增，当x(0,1时，有x3x2ln(x1)0，即
9、ln(x1)x2x3，对任意正整数n，取x(0,1，得ln. 关问题解决直线与圆锥曲线的位置关系问题时，用到最多的是方程思想，即列方程组，通过判别式、根与系数的关系来研究方程解的情况进一步研究直线与圆锥曲线的关系，同时处理范围与最值问题时也要用到函数思想【例2】在直角坐标系xOy中，已知中心在原点，离心率为的椭圆E的一个焦点为圆C：x2y24x20的圆心(1)求椭圆E的方程；(2)设P是椭圆E上一点，过P作两条斜率之积为的直线l1，l2.当直线l1，l2都与圆C相切时，求P的坐标审题视点 听课记录审题视点 (1)将圆的一般方程化为标准方程，然后根据条件列出关于a，b，c，e的方程，解方程(组)
10、即可；(2)设出点P的坐标及直线方程，根据直线与圆相切，圆心到直线的距离等于半径，构造一元二次方程，利用根与系数的关系及P在椭圆上列出方程组，求解得P点的坐标解(1)由x2y24x20得(x2)2y22，故圆C的圆心为点(2,0)从而可设椭圆E的方程为1(ab0)，其焦距为2c.由题设知c2，e.所以a2c4，b2a2c212.故椭圆E的方程为1.(2)设点P的坐标为(x0，y0)，l1，l2的斜率分别为k1，k2，则l1，l2的方程分别为l1：yy0k1(xx0)，l2：yy0k2(xx0)，且k1k2，由l1与圆C：(x2)2y22相切得 ，即(2x0)22k2(2x0)y0k1y20.同
11、理可得(2x0)22k2(2x0)y0k2y20.从而k1，k2是方程(2x0)22k22(2x0)y0ky20的两个实根，于是且k1k2.由得5x8x0360，解得x02，或x0.由x02得y03；由x0得y0，它们均满足式故点P的坐标为(2,3)，或(2，3)，或，或. 直线与圆锥曲线的位置关系中渗透着函数与方程的思想，在解决解析几何问题时常常用到函数与方程的思想【突破训练2】如图，F1，F2分别是椭圆C：1(ab0)的左、右焦点，A是椭圆C的顶点，B是直线AF2与椭圆C的另一个交点，F1AF260.(1)求椭圆C的离心率；(2)已知AF1B的面积为40 ，求a，b的值解(1)由题意可知，
12、AF1F2为等边三角形，a2c，所以e.(2)法一a24c2，b23c2，直线AB的方程可为y(xc)将其代入椭圆方程3x24y212c2，得B.所以|AB|c.由SAF1B|AF1|AB| sinF1ABaca240，解得a10，b5.法二设|AB|t.因为|AF2|a，所以|BF2|ta.由椭圆定义|BF1|BF2|2a可知，|BF1|3at.再由余弦定理(3at)2a2t22atcos 60可得，ta.由SAF1Baaa240知，a10，b5.讨论方程的解可构造两个函数，使求方程的解的问题转化为讨论两曲线交点的问题，但用图象法讨论方程的解，一定要注意图象的精确性、全面性【例3】 方程xs
13、in x0在区间0,2上的实根个数为()A1 B2 C3 D4审题视点 听课记录答案： B方程xsin x0在区间0,2上解的个数，可以转化为两函数yx与ysin x交点的个数根据右面图象可得交点个数为2，即方程解的个数为2.故选B. 用函数的图象讨论方程(特别是含参数的指数、对数、根式、三角等复杂方程)的解的个数是一种重要的思想方法，其基本思想是先把方程两边的代数式看作是两个熟悉函数的表达式(不熟悉时，需要作适当变形转化为两熟悉的函数)，然后在同一坐标系中作出两个函数的图象，图象的交点个数即为方程解的个数【突破训练3】设函数f(x)若f(4)f(0)，f(2)2，则关于x的方程f(x)x的解
14、的个数为()A1 B2 C3 D4【突破训练3】 Cf(x)x24x2，x0，这个函数的图象如图所示：可知直线yx与f(x)的图象有三个交点，选C. 或求最值在解含有参数的不等式时，由于涉及到参数，往往需要讨论，导致演算过程繁琐冗长如果题设与几何图形有联系，那么利用数形结合的方法，问题将会简练地得到解决【例4】不等式|x3|x1|a23a对任意实数x恒成立，则实数a的取值范围为()A(，14，) B(，25，)C1,2 D(，12，)审题视点 听课记录审题视点 去掉绝对值化为分段函数，画出函数图象找到这个函数的最大值再求解答案：Af(x)|x3|x1|画出函数f(x)的图象，如图，可以看出函数
15、f(x)的最大值为4，故只要a23a4即可，解得a1或a4.选项为A. 本题的知识背景涉及函数、不等式、绝对值等，“题目中的某些部分都可以使用图形”表示，在解题时我们就是把这些可以用图形表示的部分用图形表示出来，借助于图形的直观获得了解决问题的方法，这就是以形助数，是数形结合中的一个主要方面在解答选择题的过程中，可以先根据题意，做出草图，然后参照图形的作法、形状、位置、性质，并综合图象的特征得出结论【突破训练4】设函数g(x)x22(xR)f(x)则f(x)的值域是()A.(1，) B0，)C. D.(2，)答案： D由题意知f(x)所以结合图形，可得当 x(，1)(2，)时，f(x)的值域为
16、(2，)；当x1,2时，f(x)的值域为.故选D.突破数形结合思想缺失的障碍解答函数试题，很多时候函数图象是隐形的，即在试题中没有出现函数图象，在答题中一般也不要画出函数图象，但在寻找解题思路时必须借助于函数图象，这就是数形结合思想的深刻体现，而很多学生常常在解题中对这种隐形的数形结合意识不到，导致解题错误【示例】已知函数f(x)x33ax1，a0.(1)求f(x)的单调区间；(2)若f(x)在x1处取得极值，直线ym与yf(x)的图象有三个不同的交点，求m的取值范围满分解答(1)f(x)3x23a3(x2a)，当a0时，对任意的xR，有f(x)0，此时，f(x)的单调增区间为(，)；当a0时
17、，由f(x)0解得x或x，由f(x)0解得x，故当a0时，f(x)的单调增区间为(，)，(，)；f(x)的单调减区间为(，)(4分)(2)因为f(x)在x1处取得极值，所以f(1)3(1)23a0，a1.(6分)所以f(x)x33x1，f(x)3x23，由f(x)0解得x11，x21.由(1)中f(x)的单调性可知，f(x)在x1处取得极大值f(1)1，在x1处取得极小值f(1)3.因为直线ym与函数yf(x)的图象有三个不同的交点，结合f(x)的单调性画出图象(如图所示)可知，m的取值范围是(3,1)(12分)老师叮咛：解答本题的关键是数形结合，但前提必须是利用导数把函数的性质研究透彻，根据
18、函数的性质把函数图象的大致形态勾画出来，根据数形结合思想找到实数m所满足的条件，再进行严格的推理论证.【试一试】设函数f(x)ax33ax，g(x)bx2ln x(a，bR)，已知它们在x1处的切线互相平行(1)求b的值；(2)若函数F(x)且方程F(x)a2有且仅有四个解，求实数a的取值范围解函数g(x)bx2ln x的定义域为(0，)(1)f(x)3ax23af(1)0，g(x)2bxg(1)2b1，依题意2b10，所以b.(2)x(0,1)时，g(x)x0，x(1，)时，g(x)x0，所以当x1时，g(x)取极小值g(1)；当a0时，方程F(x)a2不可能有四个解；当a0时，x(，1)时，f(x)0，x(1,0)时，f(x)0，所以x1时，f(x)取得极小值f(1)2a，又f(0)0，所以F(x)的图象如下：从图象可以看出F(x)a2不可能有四个解当a0时，x(，1)时，f(x)0，x(1,0)时，f(x)0，所以x1时，f(x)取得极大值f(1)2a.又f(0)0，所以F(x)的图象如下：从图象看出方程F(x)a2有四个解，则a22a，所以实数a的取值范围是.
