1、阳春一中2016-2017学年第二学期高二年级月考（二）理科综合试卷一、选择题（每小题6分。1921题为多项选择题，全对得6分，选对但不全得3分，有错或不选得0分。）14关于下列四幅图的说法正确的是：A. 甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点B.乙图中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4 eV的光子而发生跃迁C. 丙图中用弧光灯照射原来就带电的锌板时，发现验电器的张角变大，则锌板原来带负电D.丁图中1为射线，它的电离作用很强可消除静电15如图所示，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成
2、如图所示的电路若将滑动变阻器的滑片P向上滑动，下面说法中正确的是：A. 穿过线圈a的磁通量变大B. 线圈a有收缩的趋势C. 线圈a对水平桌面的压力FN将增大D. 线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流16如图所示，足够长的U形光滑金属导轨平面与水平面成角，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时，棒的速度大小为，则金属棒ab在这一过程中：A. 加速度为 B. 下滑的位移为 C. 产生的焦耳热为D. 受到的最大安培力大小为17下
3、列说法正确的是A根据天然放射现象，卢瑟福提出了原子的核式结构B放射性元素的半衰期会随着压力、温度、化合物种类变化而变化C铀()经过多次、衰变形成稳定的铅()的过程中，有6个中子转变成质子D一个氡核衰变成钋核并放出一个粒子，其半衰期为3.8天，则2g氡经过7.6天衰变，剩余氡的质量是1g18如图所示为电热毯的电路图，电热丝接在u=311sin100t V的电源上电热毯被加热到一定温度后，通过装置P使输入电压变为图（b）所示波形，从而进入保温状态若电热丝电阻保持不变，此时交流电压表的读数是A110 V B156 V C220 V D311 V19有一台输出电压按左图规律变化的交流发电机E，通过理想
4、升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电，如右图所示现已知发电机的输出功率为1100W，T1的原副线圈匝数比为1:10，则下列说法正确的是A发电机E所产生的交流电的电压表达式为B电流表的示数为0.5AC当用户消耗的功率变大时，输电线上消耗的功率也变大D若只增加T2的原线圈匝数，则发电机的输出功率将变大20美国物理学家密立根利用图甲所示的电路研究金属的遏止电压与入射光频率的关系，描绘出图乙中的图象，由此算出普朗克常量h。电子电量用e表示，下列说法正确的是A、入射光的频率增大，为了测遏止电压，则滑动变阻器的滑片P应向M端移动B、增大入射光的强度，光电子的最大初动能也增大C、由图像可知，这种
5、金属的截止频率为D、由图像可求普朗克常量表达式为21一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中若把在空中下落的过程称为过程，进入泥潭直到停住的过程称为过程，则（）A过程中钢珠动量的改变量等于重力的冲量B过程中阻力的冲量的大小等于全过程（过程和过程）中重力冲量的大小C过程中钢珠克服阻力所做的功等于过程与过程中钢珠所减少的重力势能之和D过程中损失的机械能等于过程中钢珠所增加的动能二、非选择题（按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）22气垫导轨是常用的一种实验仪器。它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间
6、形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。现用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：a用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mB。b调整气垫导轨，使导轨处于水平。c在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上。d用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1。e按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作。当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2。实验中还应测量的物理量是_ _。利用上述测量的实验数据，验证动量守恒
7、定律的表达式是_ _。被压缩弹簧的弹性势能的表达式为 。23 “探究碰撞中的不变量”的实验中：(1)入射小球m115g，原静止的被碰小球m210g，由实验测得它们在碰撞前后的xt图象如图，可知入射小球碰撞后的m1v1是_ kgm/s，入射小球碰撞前的m1v1是_ kgm/s，被碰小球被碰撞后的m2v2是 kgm/s。由此得出结论 。 (2)实验装置如图所示，本实验中，实验必须要求的条件是 A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端点的切线是水平的C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D.入射球与被碰球满足mamb，rarb(3)图中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实
8、验中要验证的关系是 AmaONmaOPmbOM BmaOPmaONmbOMCmaOPmaOMmbON DmaOMmaOPmbON24质量为mB=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量为mA=1kg，停在B的左端质量为m=1kg的小球用长为L=0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞，碰撞时间极短，且无机械能损失物块与小球可视为质点，不计空气阻力已知A、B间的动摩擦因数=0.1，A离开B时的速度是B的2倍，g取10m/s2求（1）小球与A碰后瞬间A的速度VA（2）木板的长度d25如图水平放置的上下平行金属板M、N相距d=0.2m，板间
9、有竖直纸面向内的水平匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，极板按如图所示的方式接入电路足够长的、间距为L=1m的光滑平行金属导轨CD、EF水平放置，导轨间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度也为B电阻为r=1的金属棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好已知滑动变阻器的总阻值为R=4，滑片P的位置位于变阻器的中点有一个电荷量为q=+2.0105C的带电小球，沿光滑斜面下滑后从两板中间左端沿中心线水平射入场区（g=10m/s2）（1）小球从高H=0.45m处由静止开始下滑，到C点时速度v0多大？（2）若金属棒ab静止，小球以初速度v0射入后，恰从两板间沿直线穿过，求小球的质量m=？（3）当金属棒ab以速度v=
10、1.5m/s的速度向左匀速运动时，试求：小球从多高的地方滑下时，小球恰能垂直的打在金属板M上阳春一中2016-2017学年第二学期高二月考（二）物理科参考答案14【答案】D【解析】甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，在C处也可以观察到很少的闪光点，故A错误乙图：吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，从基态氢原子发生跃迁到n=2能级，需要吸收的能量最小，吸收的能量为-3.4eV-（-13.6eV）=10.2eV，即受10.2eV光子照射，可以从基态氢原子发生跃迁到n=2能级10.4eV的光子不能被吸收，不能发生跃迁故B错误丙图中用弧光灯照射锌板，锌板上的
11、电子逸出，锌板带上正电，发现验电器的张角变大，说明原来就带正电，故C错误对丁图，根据左手定则可知，1带正电，为射线，射线的电离作用很强，可消除静电，故D正确15【答案】D【解析】当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小，故A错误；根据微元法将线圈a无限分割根据左手定则不难判断出线圈a应有扩张的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向上滑动导致穿过线圈a的磁通量减小，故只有线圈面积增大时才能阻碍磁通量的减小，故线圈a应有扩张的趋势，故B错误；开始时线圈a对桌
12、面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压力将减小，故C错误；根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故D正确。所以D正确，ABC错误。16【答案】B【解析】金属棒ab开始做加速运动，速度增大，感应电动势增大，所以感应电流也增大，导致金属棒受到的安培力增大，所以加速度减小，即金属板做加速度逐渐减小的变加速运动；根据牛顿第二定律，
13、有：mgsin-BIL=ma；其中 ； 故 ，故A错误；由电量计算公式 可得，下滑的位移大小为 ，故B正确；产生的焦耳热Q=I2Rt=qIR，而这里的电流I比棒的速度大小为v时的电流 小，故这一过程产生的焦耳热小于qBLv故C错误；金属棒ab受到的最大安培力大小为 ，故D错误故选B17【答案】C【解析】由粒子散射实验的实验现象卢瑟福提出了原子核式结构模型，故选项A错误；放射性元素的半衰期与物理因素无关，故选项B错误；衰变方程86，故有6个中子变为质子，选项C正确；半衰期是指有一半粒子衰变，故剩余的质量为2()20.5g，故选项D错误。18 【答案】 B【解答】解：由图象可知该交变电流的周期T=
14、2102s可分两段00.01s和0.010.02S根据有效值的定义可得+0=T 解得：U=故选B19【答案】BC【解析】试题分析: A、由左图可知，图示电压应为正弦式规律变化；故A错误；B、输入电压的有效值为220V，则输电电压U2=22010=2200V，则由P=UI可得，电流表示数；故B正确；C、输出功率决定了输入功率，故当用户消耗的功率变大时，输电线上消耗的功率也变大；故C正确；D、增加原线圈匝数时，匝数之比减小，则输出电压减小，输出功率减小，故D错误；故选BC20【答案】CD【解析】试题分析：入射光的频率增大，光电子的最大初动能增大，则遏止电压增大，测遏制电压时，应使滑动变阻器的滑片P
15、向N端移动，A错误；根据光电效应方程知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，B错误；根据，解得：，则，当遏止电压为零时，,C、D正确；故选CD。21【答案】ABC【解答】解：A、过程中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量故A正确 B对于整个过程：钢珠动量的变化量为零，则合外力的冲量为零，即阻力的冲量的大小等于全过程中重力冲量的大小故B正确 C、对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程中钢珠克服阻力所做的功等于过程与过程中钢珠所减少的重力势能之和故C正确 D
16、、根据功能关系分析得知，过程中损失的机械能等于过程中钢珠克服阻力做功，不等于过程中钢珠所增加的动能故D错误故选ABC22【解析】试题分析：（1）还应测量出B的右端至D板的距离L2这样才能算出时间；（2）A滑块的速度，同样B滑块的速度，因此用已知量代入就是；（3）弹性势能就等于A、B两个滑块的动能，即23（每空1分）【答案】（1）0.007 5，（1分）0.015，（1分）0.0075,（1分） 碰撞中mv的矢量和是守恒量(碰撞过程中动量守恒)（1分）（2）BCD（1分）（3）C（1分）试题分析：（1）由图所示图象可知，碰撞前球1的速度：，碰撞后球的速度：，入射小球碰撞后的，入射小球碰撞前的，被
17、碰撞后的，碰撞前系统总动量，碰撞后系统总动量，由此可知：碰撞过程中动量守恒；（2） “验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求mamb，ra=rb，故D正确（3）要验证动量守恒定律定律即：，小球做平抛运动，根据平抛运动规律可知根据两小球运动的时间相同，上式可转换为：，故需验证，因此ABD错误，C正确24解：（1）由机械能守恒
18、有：mgl=mv02， （2分）解得：v0=4m/s， 球与A碰撞过程中，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mAvA+mv， （2分）由机械能守恒定律得： mv02=mAvA2+mv2， （2分） 由于小球和A质量相等，解得：vA=4m/s， （1分）（2）A与B相互作用，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAvA=mBvB+mAvA， （2分）解得：vA=2vB，vB=0.5m/s，vA=1m/s，A与B相互作用，由能量守恒定律得：mgd=mAvA2mB vB2mAvA2， （2分）代入数据解得：d=6.75m； （1分）25解：（1）由动能定理可得：mg
19、H=mv02， （2分）解得：v0=； （1分）（2）金属棒ab静止时，MN间只有磁场，由平衡条件有：qBv0=mg （2分）解得：m=kg=3106kg； （1分）（3）当金属棒ab向左匀速运动时，感应电动势E=BLv=0.511.5V=0.75V， （2分）板间电压：U=， （2分）小球进入磁场时，所受电场力：F电= （2分）可见，小球进入磁场后只受洛伦磁力的作用，将做匀速圆周运动，设轨迹半径为r0，则qvB= （2分）垂直打在金属板上，则 （2分）解得：v=m/s=m/s （1分）AC：由动能定理：mgH=mv20 （2分）解得：H=m （1分）33（1）设物块A沿斜面下滑的加速度大小为
20、a，有： （2分）由运动学规律有：， （2分）解得 （1分）（2）设物块A到斜面底端高为h处开始下滑，滑到长木板右端时，恰好与圆弧槽、长木板的速度相同，此种情况下，与（1）同理可得，物块A到达斜面底端时的速度大小为： （1分）设物块A滑到长木板右端时的速度大小为，由动量守恒定律有： （2分）由功能关系有 （2分）解得 （1分）故需满足的条件为 （1分）（3）若物块A恰好能滑到四分之一圆弧面C的最高点，则物块A滑到圆弧槽的最高点时物块与圆弧槽、长木板具有共同的速度，此种情况下，物块A到达斜面底端时的速度大小为 （1分）设物块滑到四分之一圆弧面C的最高点时的速度为，由动量守恒定律有： （2分）由功能关系有 （2分） （1分）
