1、2014-2015学年宁夏固原市西吉中学高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题2分，共40分）1（2分）下列关于点电荷的说法，正确的是（）A点电荷一定是电量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷2（2分）下列说法正确的是（）A物体所带的电荷量可以为任意实数B不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷C摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷D利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体3（2分）下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）ABCD4（2分）关于电场线的叙述，下列说法正确的是
2、（）A电场线是直线的地方一定是匀强电场B电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场5（2分）一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）ABCD6（2分）如图所示，Q是带正电的点电荷，P1和P2为其电场中的两点若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，1、2为P1、P2两点的电势，则（）AE1E2，12BE1E2，12CE1E2，12DE1E2，127（2分）在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平
3、行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为A=1V，B=4V，C=0，则D点电势D大小为（）A3VB2VC0D1V8（2分）如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（）AE=100V/m，竖直向下BE=100V/m，竖直向上CE=100V/m，水平向左DE=100V/m，水平向右9（2分）电工穿的高压作业服是用铜丝编制的，下列说法正确的是（）A铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织B电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用C电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势差保持为零，对人体
4、起保护作用D铜丝必须达到一定的厚度，才能起到对人体的保护作用10（2分）对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的（）ABCD11（2分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减小S，则变小D保持d不变，减小S，则不变12（2分）某同学经过实验，描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线（如图所示），分析该曲线，下列说法正确的是（）A小灯泡的伏安特性曲线的斜率随着电压的升高而增大B小灯泡的电阻
5、随着电压的升高而增大C欧姆定律适用于小灯泡，所以小灯泡是个线性元件D小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而减小13（2分）伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种，下列说法正确的是（）A两种接法完全等效B按甲图接法，测得值偏小C若待测电阻的阻值很大，按甲图接法误差较小D若待测电阻的阻值很小，按甲图接法误差较小14（2分）有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220V，100W”字样，L3和L4都标有“220V，40W”字样，把电路接通后，最暗的是（）AL1BL2CL3DL415（2分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（），则电动机线圈上消耗
6、的热功率为（）APBCDP16（2分）某金属导线的电阻率为，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（）A4和4RB和4RC16和16RD和16R17（2分）在平行板电容器A、B两板上加上如图所示的电压，开始B板的电势比A板高，这时两板中间原来静止的电子在电场作用下开始运动，设电子在运动中不与极板发生碰撞，则下述说法正确的是（不计电子重力）（）A电子先向A板运动，然后向B板运动，再返回A板做周期性来回运动B电子一直向A板运动C电子一直向B板运动D电子先向B板运动，然后向A板运动，再返回B板做来回周期性运动18（2分）某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表
7、和电压表接成如图所示的电路，接通电源后，可能出现的情况是（）A电流表烧坏B电压表烧坏C小灯泡烧坏D小灯泡不亮19（2分）用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A两只电表的指针偏转角相同B两只电表的指针都不偏转C电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角20（2分）为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需要测得的电压范围尽可能大些，误差小些，为此，下列电路合适的是（）ABCD二不定项选择（每小题3分，共15分）21（3分）关于库仑定律的公式F=k，下列说法中正确的是（）A当真空中的两个点电荷间的距离r0时
8、，它们之间的静电力FB当真空中的两个点电荷间的距离r时，它们之间的静电力F0C当两个点电荷之间的距离r时，库仑定律的公式就不适用了D当两个点电荷之间的距离r0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用22（3分）关于电源的电动势，下面说法正确的是（）A电动势是表征电源把电势能转化为其他形式的能本领的物理量B电动势在数值上等于电路中通过1C 电荷量时电源提供的能量C电源的电动势跟电源的体积有关，跟外电路有关D电动势有方向，因此电动势是矢量23（3分）在静电场中，将一电子从a点移至b点，静电力做功5eV，则下列结论错误的是（）A电场强度的方向一定由a到bBa、b两点的电势差是5 VC电子的电
9、势能减少了5 eVD因电势零点未确定，故不能确定a、b间的电势差24（3分）一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）ABCD25（3分）如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是（）A甲表是电流表，R增大时量程增大B甲表是电流表，R增大时量程减小C乙表是电压表，R增大时量程增大D乙表是电压表，R增大时量程减小三实验填空题（共8分）26（8分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现用图甲所示电路绘测其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关
10、外，还有：A直流电源6V（内阻不计）B直流电流表03A（内阻0.1以下）C直流电流表0300mA（内阻约为5）D直流电压表015V（内阻约为15k）E滑动变阻器10，2AF滑动变阻器1k，0.5A（1）实验中电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（用序号表示）（2）试按图甲电路将图乙所示器材连成电路四计算题（共37分）27将带电荷量为1108C的正电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服电场力做功1106J问：（1）电荷的电势能是增加还是减小？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？28如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知A=12V，B=6V，C=6V试画出该电场的电场线，并保
11、留作图时所用的辅助线（用虚线表示）29已知电流表的内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA，要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？30环保汽车在2008年奥运会场馆服务某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，总质量m=3103 kg当它在水平路面上以v=36km/h的速率匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=50A，电压U=300V在此行驶状态下：（1）求驱动电机的输入功率P电；（2）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力 （g取10m/s2）五、附加题（共20分）31如图所示为两组平行金属板，一组
12、竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0，加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，已知电子电量为e，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）水平放置平行金属板的长度32如图是家用电饭煲的电路图将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”挡时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”挡，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的，电流为1.40A，已知分压电阻的阻值是R=100求：（1）保温时，电阻R两端的电压；（2）稳压电源
13、输出的电压2014-2015学年宁夏固原市西吉中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题2分，共40分）1（2分）下列关于点电荷的说法，正确的是（）A点电荷一定是电量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷考点：元电荷、点电荷版权所有分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系解答：解：A、由点电荷的定义，可知其与带电量无关，故A错误B、由点电荷的定义知，它是理想化的模型，实际
14、并不存在，故B正确C、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故C错误D、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故D错误故选B点评：本题关键明确点电荷是一直理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计2（2分）下列说法正确的是（）A物体所带的电荷量可以为任意实数B不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷C摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷D利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体考点：电荷守恒定律；元电荷、点电荷版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：物体带电是指有多余的电荷量，是由于自由电荷的转移导致的，并不是创造出来的
15、，因此物体带电均是元电荷的整数倍，感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电解答：解：A、物体所带电量均是元电荷的整数倍，所以不可能为任意实数故A错误；B、不带电的物体，并不是没有正、负电荷，而是没有多余的电荷故B错误；C、摩擦起电是自由电荷转移后，导致物体有多余电荷，从而使物体带上电，故C错误；D、静电感应带电，实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下，远离或靠近带电体，故D正确；故选：D点评：考查了电荷守恒定律的同时，还有是：元电荷是带电量的最小单元，其电荷量与电子的电量相等，物体所带电量均是元电荷的整数倍3（2分）下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）ABCD考点：电场强度；
16、电场线版权所有分析：在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等解答：解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C故选C点评：本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小4（2分）关于电场线的叙述，下列说法正确的是（）A电场线是直线的地方一定是匀强电场B电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C点电荷只受电场力作用时，加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D画有电场线的地方有电场，没画电场线的地方就不存在电场考点：电场线版权所有分析：电场线的方向是正电荷
17、所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强解答：解：A、电场线是直线的地方不一定是匀强电场，比如点电荷的电场线故A错误B、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，并不是运动方向故B错误C、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故C正确D
18、、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，且电场线不存在，是假想的故D错误故选：C点评：记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念5（2分）一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）ABCD考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定解答：解：A、因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，有场源电荷决定所以电场强度不随q、F的变化而变化故A、B错误 C、由E=知，某点的电场强度一定，F与q成正比故C错误，D正确故选D点评
19、：解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定6（2分）如图所示，Q是带正电的点电荷，P1和P2为其电场中的两点若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，1、2为P1、P2两点的电势，则（）AE1E2，12BE1E2，12CE1E2，12DE1E2，12考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：Q是带正电的点电荷，电场线从Q出发到无穷远终止顺着电场线电势降低由公式E=k，分析场强的大小解答：解：由公式E=k分析可知，r1r2，则场强E1E2电场线方向由P1指向P2，顺着电场线的方向电势降低，则电势
20、12故A正确、BCD错误故选：A点评：本题考查对场强和电势大小的比较，明确电场线的疏密程度反映电场强度的大小，沿着电场线电势逐渐降低7（2分）在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为A=1V，B=4V，C=0，则D点电势D大小为（）A3VB2VC0D1V考点：电势；等势面版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：在BC上找出与A点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在BC线上找出与D等势点，再确定D点的电势解答：解：将BC四等分，标上四等分点E、F、G，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为1V，F点
21、的电势为2V，G点的电势为3V连接AE，则AE为一条等势线，根据几何知识可知，DPAE，则DP也是一条等势线，所以D点电势UD=3V故选：A点评：本题的技巧是找等势点，作等势线，充分利用匀强电场的等势面相互平行，而且沿电场线方向相等距离，电势差相等进行作图同时可以由匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故AD=BC8（2分）如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（）AE=100V/m，竖直向下BE=100V/m，竖直向上CE=100V/m，水平向左DE=100V/m，水平向右考点：等势面；电场强
22、度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势根据匀强电场场强与电势差的关系E=求出电场强度的大小解答：解：根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度E=故选C点评：本题考查电场线与等势面的关系、场强与电势差的关系公式E=中，d是沿电场线方向两点间的距离9（2分）电工穿的高压作业服是用铜丝编制的，下列说法正确的是（）A铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织B电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用C电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内
23、电势差保持为零，对人体起保护作用D铜丝必须达到一定的厚度，才能起到对人体的保护作用考点：静电现象的解释版权所有分析：处在高压电场中的人体，会有危险电流流过，危及人身安全，因而所有进入高电场的工作人员，都应穿全套屏蔽服 带电作业屏蔽服又叫等电位均压服，是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害 成套的屏蔽服装应包括上衣、裤子、帽子、袜子、手套、鞋及其相应的连接线和连接头解答：解：屏蔽服作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波
24、的危害等电位说明电势相等而不是等于0，等电势时电势差为0，电场强度为0所以B正确，ACD错误故选：B点评：本题考查了屏蔽服的作用，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题10（2分）对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的（）ABCD考点：电容器版权所有专题：电容器专题分析：电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关解答：解：是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：，只要电容器不变其电容就不发生变化，故ACD错误，B正确故选：B点评：解决本题的关键掌握电容的定义式为，知道C与Q
25、和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关11（2分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减小S，则变小D保持d不变，减小S，则不变考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大根据电容的决定式C= 分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C= 分析板间电势差的变化，即可
26、再确定静电计指针的偏角变化情况解答：解：A、B、根据电容的决定式C= 得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C= 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大；反之，保持S不变，减小d，则减小故A正确，B错误C、D、根据电容的决定式C= 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C= 分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大；反之，保持d不变，增大S，则减小，故C错误，D错误故选：A点评：本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌
27、握电容的两个公式：电容的决定式C= 和C=12（2分）某同学经过实验，描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线（如图所示），分析该曲线，下列说法正确的是（）A小灯泡的伏安特性曲线的斜率随着电压的升高而增大B小灯泡的电阻随着电压的升高而增大C欧姆定律适用于小灯泡，所以小灯泡是个线性元件D小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而减小考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题分析：题A根据欧姆定律写出电流I与电压U的函数表达式，再根据斜率的概念讨论即可；题B根据题A的分析即可求解；题C明确线性元件的含义是图象应是倾斜直线不是曲线解答：解：A：根据I=可知，IU图象上的点与原点连线的斜率应等于电阻的倒数，由于金
28、属的电阻随温度（电压或电流）的增大而增大，所以IU图线上各点与原点连线的斜率应逐渐减小，所以A错误；B：根据选项A的分析可知，小灯泡的电阻应随电压的升高而增大，所以B正确D错误；C：线性元件的含义是指IU图象应是线性关系（倾斜直线）而不是曲线，所以小灯泡适用于欧姆定律但不是线性元件，所以C错误；故选：B点评：涉及到图象问题，首先根据相应的物理规律写出公式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念讨论即可，注意小灯泡的伏安特性曲线中的斜率应是图线上的点与原点连线的斜率，表示曲线切线的斜率13（2分）伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种，下列说法正确的是（）A两种接法完全
29、等效B按甲图接法，测得值偏小C若待测电阻的阻值很大，按甲图接法误差较小D若待测电阻的阻值很小，按甲图接法误差较小考点：伏安法测电阻版权所有专题：恒定电流专题分析：伏安法测电阻有两种实验电路，电流表的内接法与外接法，当待测电阻很大时，应用电流表内接法误差较小解答：解：A、甲电路采用电流表内接法，乙电路是电流表的外接法，两种电路效果不同，故A错误；B、甲图采用电流表内接法，由于电流表的分压作用，使待测电阻的测量值大于真实值测得的电阻偏大，故B错误；C、当待测电阻很大，远大于电流表内阻时，采用电流表内接法实验误差较小，甲电路测大电阻误差小，故C正确；D、甲采用电流表内接法，若待测电阻的阻值很小，待测
30、电阻阻值与电流表内阻相差不多时，电流表分压对实验影响很大，实验误差较大，故D错误；故选：C点评：本题考查了伏安法测电阻的两种电路，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题14（2分）有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220V，100W”字样，L3和L4都标有“220V，40W”字样，把电路接通后，最暗的是（）AL1BL2CL3DL4考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：根据额定电压和额定功率，由功率公式比较两种灯泡的电阻大小根据公式P=I2R比较L1和L2、L3和L4功率的大小根据公式P=，比较L2和L3功率大小再确定哪个灯泡功率最小解答：解
31、：设L1、L2、L3、L4实际消耗的功率分别为P1、P2、P3、P4由公式P=可知，L1和L2的电阻小于L3和L4的电阻通过L1的电流大于L2的电流，由公式P=I2R得到，P1P2L2和L3的电压相等，由公式P=可知，P2P3通过L3的电流小于L4的电流，由公式P=I2R得到，P4P3所以P1P2，P2P3，P4P3所以L3最暗故选C点评：对于纯电阻电路，功率公式形式较多，要根据不同条件灵活选择公式15（2分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（），则电动机线圈上消耗的热功率为（）APBCDP考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：电
32、动机消耗的电功率为P=UI，发热功率P热=I2r解答：解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2R=；故选：C点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路16（2分）某金属导线的电阻率为，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（）A4和4RB和4RC16和16RD和16R考点：电阻定律版权所有专题：恒定电流专题分析：在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料（电阻率）、长度、横截面积，当导线被拉长后
33、，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变解答：解：电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变故选：D点评：题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比电阻率不受温度影响的材料，可以制成标准电阻17（2分）在平行板电容器A、B两板上加上如图所示的电压，开始B板的电势比A板高，这时两板中间原来静止的电子在电场作用下开始运动，设电子在运动中不与极板发生碰撞
34、，则下述说法正确的是（不计电子重力）（）A电子先向A板运动，然后向B板运动，再返回A板做周期性来回运动B电子一直向A板运动C电子一直向B板运动D电子先向B板运动，然后向A板运动，再返回B板做来回周期性运动考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：根据AB两极板电场的变化，分析电子所受电场力的变化，结合加速度与速度方向的关系判断其运动性质解答：解：遭00.25s内，电子受到的电场力方向水平向左，向左做匀加速直线运动，0.250.5s内，电子所受的电场力水平向右，电子向左做匀减速直线运动，0.5s末速度减为零，然后重复之前的运动，可知电子一直向B板运动故C
35、正确，A、B、D错误故选：C点评：对于这种周期性的题目，只分析好一个周期的运动，即可知道全部时间内的运动18（2分）某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路，接通电源后，可能出现的情况是（）A电流表烧坏B电压表烧坏C小灯泡烧坏D小灯泡不亮考点：伏安法测电阻版权所有专题：恒定电流专题分析：由于电流表内阻较小，而电压表内阻较大；根据欧姆定律可知此时可能出现的情况电压表不能串联接入电路解答：解：由于电压表内阻较大，所以电路中的电流非常小，故灯泡几乎不亮，不会被烧坏；电流表中示数很小，不会被烧坏；此时电压表相当于直接接在电源两端，故此时电压表的示数接近电源的电动势；故ABC
36、错误；D正确；故选：D点评：本题要求能正确理解电压表和电流表的内阻；明确电压表在电路中相当于开路，电流表相当于短路19（2分）用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A两只电表的指针偏转角相同B两只电表的指针都不偏转C电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小解答：解：电流表改装成电压表是串联较
37、大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选：C点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题20（2分）为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需要测得的电压范围尽可能大些，误差小些，为此，下列电路合适的是（）ABCD考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：测小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变
38、阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，电流表应采用外接法，分析电路图，然后答题解答：解：测定小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，约为几欧姆到十几欧姆，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题考查了实验电路的选择，根据题意确定滑动变阻器与电流表接法、分析清楚电路结构即可正确解题当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器要选择分压接法二不定项选择（每小题3分，共15分）21（3分）关于库仑定律的公式F=k，下列说法中正确的是（）A当真空中的两个点电荷间的距离r0时，它们之间的静电力FB当真空中的两个点电荷间的距离r时
39、，它们之间的静电力F0C当两个点电荷之间的距离r时，库仑定律的公式就不适用了D当两个点电荷之间的距离r0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用考点：库仑定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：库仑定律F=k适用于真空中两点电荷之间的作用力当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷解答：解：AD、当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用故A错误，D正确BC、两个带电体间的距离足够大时，带电体可以看成点电荷，库仑公式适用，故B正确、C错误故选：BD点评：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷
40、的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷22（3分）关于电源的电动势，下面说法正确的是（）A电动势是表征电源把电势能转化为其他形式的能本领的物理量B电动势在数值上等于电路中通过1C 电荷量时电源提供的能量C电源的电动势跟电源的体积有关，跟外电路有关D电动势有方向，因此电动势是矢量考点：电源的电动势和内阻版权所有专题：恒定电流专题分析：根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量电动势由电源本身决定的；大多数是标量解答：解：A、由E=可知，电
41、动势E越大，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功越多，获得的电能越多，电源把其他形式的能转化为电能本领越大故A正确；B、电源内部非静电力把正电荷从电源负极移送到正极，根据电动势的定义式E=可知，电动势等于非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功，在数值上等于电路中通过1C 电荷量时电源提供的能量故B正确C、E反映电源本身的特性，跟电源的体积无关，跟外电路无关故C错误D、电动势有方向，但大多数的计算不适用平行四边形定则，因此电动势是标量故D错误故选：AB点评：本题考查电动势的物理意义要注意电动势与电压是两个不同的概念，不能说“电动势就是电压”23（3分）在静电场中，将一电子从
42、a点移至b点，静电力做功5eV，则下列结论错误的是（）A电场强度的方向一定由a到bBa、b两点的电势差是5 VC电子的电势能减少了5 eVD因电势零点未确定，故不能确定a、b间的电势差考点：电势能；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场力做正功，电势能减小；电场线的方向是电势降落最快的方向，故电势降落的方向不一定是电场的方向；利用W=qUab求电功时电量q及电势差Uab的正负号要代入；电势是一个相对性的概念，故电势的高低与零电势的选取有关解答：解：A、电子在移动过程中静电力做正功，说明电势升高，由于不知道电子运动的轨迹是否与电场线重合，故电场强度的方向不一定由b到a，故A错误B
43、、由W=qU得 a、b两点的电势差U=5V，故B错误C、静电力做5eV的正功，则电子的电势能减少，故C正确；D、电场中两点间电势差为确定的数值与电势零点的选择无关，故D错误本题选错误的，故选：ABD点评：加强对基本概念的理解才能顺利解决概念性的题目，另外在做题时一定要仔细推导，不能凭想当然解题24（3分）一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）ABCD考点：路端电压与负载的关系版权所有专题：恒定电流专题分析：金属导体的电阻随温度的升高而增大；而IU图象中图象的斜率表示电阻的
44、倒数解答：解：灯泡的电阻受温度的影响，不同电压下温度不同，其电阻也不同，随温度的升高电阻增大，因此图象B是符合要求的，故ACD不符合要求本题选择不符合实际的，故选：ACD点评：解答本题要注意IU图象与UI图象的区别，同时明确金属导体的电阻随温度的升高而增大25（3分）如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是（）A甲表是电流表，R增大时量程增大B甲表是电流表，R增大时量程减小C乙表是电压表，R增大时量程增大D乙表是电压表，R增大时量程减小考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题分析：灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改
45、装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大解答：解：A、甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确C、乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C正确，D错误故选：BC点评：本题考查电表改装原理的理解能力当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值三实验填空题（共8分）26（8分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现用图甲所示电路绘测其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还
46、有：A直流电源6V（内阻不计）B直流电流表03A（内阻0.1以下）C直流电流表0300mA（内阻约为5）D直流电压表015V（内阻约为15k）E滑动变阻器10，2AF滑动变阻器1k，0.5A（1）实验中电流表应选用C，滑动变阻器应选用E（用序号表示）（2）试按图甲电路将图乙所示器材连成电路考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题分析：（1）由灯泡的功率及额定电压可求得电路中的最大电流，则可选出电流表；由电路的接法可选出滑动变阻器；（2）根据原理图可连出实物图，注意实物图中导线不能交叉；注意分压接法的连接方法解答：解：（1）由P=UI可知，灯泡的额定电流I=A=250mA；故电流表应选
47、用C；因本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器选择E；（2）已知原理图，则先将滑动变阻器及电源串联，再将灯泡支路并联在滑动变阻器的一部分中，注意导线不能交叉，且导线要接在接线柱上；故答案为：（1）C，E（2）如图所示点评：本题考查测小灯光的伏安特性曲线中的仪表选择及实物图的连接，均为重点考查内容，在学习中要认真掌握四计算题（共37分）27将带电荷量为1108C的正电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服电场力做功1106J问：（1）电荷的电势能是增加还是减小？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？考点：电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有分析：取无限
48、远处电势为零根据电场力做正功时，电荷的电势能减小，电场力做负功时电势能增加根据电势公式、电场力做功和功能关系进行分析和计算解答：解：（1）电荷从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功1106J，电荷的电势能增加；无限远处电势能为零，则电荷在A点具有1106J的电势能，（2）A点的电势为 V；答：（1）电荷的电势能增加，电荷在A点具有1106J电势能；（2）A点的电势是100V点评：本题关键明确电场力做的功等于电势能的减小量，同时结合电势 定义公式列式求解28如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知A=12V，B=6V，C=6V试画出该电场的电场线，并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示
49、）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点，与B相连，得出等势线，结合等势线与电场线垂直，作出电场线解答：解：连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点，即D点，电势为6V，连接BD，则BD为等势线，电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示点评：解决本题的关键知道电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势学会根据各点的电势来确定等势面，并画出电场线及方向，注意电场线与等势线相互垂直29已知电流表的内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA，要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？要把它改装成量程是3
50、A的电流表，应并联多大的电阻？考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=Rg，U为改装后的量程改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为R=解答：解：改装成电压表要串联电阻分压串阻值为：R=Rg=1880改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为：R=0.12答：要把它改装成量程是6V的电压表，应串联1880的电阻；要把它改装成量程是3A的电流表，应并联0.12的电阻点评：考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值；考查的电流表的改装原理，明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大30
51、环保汽车在2008年奥运会场馆服务某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，总质量m=3103 kg当它在水平路面上以v=36km/h的速率匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=50A，电压U=300V在此行驶状态下：（1）求驱动电机的输入功率P电；（2）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力 （g取10m/s2）考点：功率、平均功率和瞬时功率版权所有专题：功率的计算专题分析：根据P=UI求出驱动电机的输入功率匀速行驶时，牵引力等于阻力，求出机械功率，根据P=Fv=fv，求出汽车所受的阻力解答：解：（1）驱动电机的输入功率：P电=IU=50300=1.5104
52、 W（2）在匀速行驶时，P机=0.9 P电=Fv=Ffv，得Ff=N=1.35103 N答：（1）驱动电机的输入功率为1.5104；（2）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，汽车所受阻力为1.35103 N点评：解决本题的关键掌握功率的公式P=UI，以及机械功率的公式P=Fv，基础题目五、附加题（共20分）31如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0，加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行
53、金属板穿出，已知电子电量为e，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）水平放置平行金属板的长度考点：带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）电子在加速电场中，电场力做正功eU0，由动能定理求解电子射出加速电场的速度（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长L；竖直方向做匀加速直线运动，位移大小等于板间距离的一半，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求解板长L解答：解：（1）在加速过程根据动能定理得：eU0=mv02解得到电子射出加速电场的速度：v0=（2）电子在竖直方向：y=d=at2，a=在水平方向：x=L=v0
54、t联立上式得到：=代入数据得：L=d；答：（1）电子通过B点时的速度大小为；（2）水平放置平行金属板的长度为d点评：本题关键是分析电子的受力情况和运动情况在偏转电场中电子做类平抛运动，采用运动的分解方法研究32如图是家用电饭煲的电路图将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”挡时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”挡，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的，电流为1.40A，已知分压电阻的阻值是R=100求：（1）保温时，电阻R两端的电压；（2）稳压电源输出的电压考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）已知电阻与流过电阻的电流，由
55、U=IR可以求出电阻两端的电压；（2）设电热丝的电阻为r，电源输出电压为U，根据功率关系求出r，再根据U=I（R+r）求出稳压电源输出的电压；解答：解：（1）电阻R两端的电压为UR=IR=1.40100=140（V） （2）设电热丝的电阻为r，电源输出电压为U，则（ ）2r=解得：r=50 所以电源电压为U=I（R+r）=1.40（100+50）=210（V） 答：（1）保温时，电阻R两端的电压为140V；（2）稳压电源输出的电压为210V；点评：本题考查了求电阻电压、电源电压、加热器的功率，熟练掌握欧姆定律及功率公式是正确解题的关键参与本试卷答题和审题的老师有：qyang；src；wslil76；成军；wgb；wxz；听潮；杨文贵；gzwl；ljc；高中物理；FAM；大文杰（排名不分先后）2015年1月21日
