1、 物理参考答案第 1 页（共 6 页）巴蜀中学 2022 届高考适应性月考卷（四）物理参考答案 一、选择题：本大题共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题 5 分，全部选对的得 5分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B C A C D D BD AC ACD【解析】1该核反应属于聚变反应，故 A 错误。由于反应放出能量，则反应前后有质量亏损，故 B 正确。一个42He 中有 2 个中子，故 C 错误。根据质量数和电荷数守
2、恒可知，方程中的 X 为正电子（01e），故 D 错误。2由图中电场线分布可知，三个点电荷的电性相同，均带正电荷，故 A 错误。由电场线疏密可判断，A、B 两点电场强度大小ABEE，故 B 正确。沿着电场线方向电势逐渐降低，则A、B 两点电势AB，故 C 错误。负电荷在电势高处，电势能小，故 D 错误。3因为有吸附力，手机受到的支持力大于cosG，故 A 错误。手机受到支架的摩擦力沿斜面向上，不为零，故 B 错误。由力的平衡知手机支架对手机的作用力大小为 G，竖直向上，故 C 正确，D 错误。4称重时膜片稳定后，电容器不再充放电，电流表 G 示数为零，故 A 正确。根据电容表达式4SCkd=，
3、当两个极板的距离减小时，电容器的电容增大，故 B 错误。再根据电容定义式QCU=，由于电容器一直和电源相连，电压不变，当电容增大时，带电荷量增大，所以有b 到 a 的电流，故 C 错误。膜片稳定后平行板与电源相连，有电压，有电荷，故 D 错误。50=时，2002 gx=v；90=，时2002gh=v，联立解得0.5=。物理参考答案第 2 页（共 6 页）6小球在最高点速度不为零，故 A 错误。最低点，211Fmgm L=v；最高点，222Fmgm L+=v；最低点到最高点，221211222mgLmm=vv；解得126FFgm=，故 B 错误。第一宇宙速度为126FFgRRm=v，故 C 错误
4、。2MmGmgR=，星球密度123483FFMGmRR=，故 D 正确。7根据2012xtat=+v可得012xatt=+v，甲车的加速度大小为22111022m/s10m/s2ak=，故 A 错误。乙车的初速度为015m/s=v，加速度为2222151022m/s5m/s2ak=，则3st=甲、乙相遇时乙车的速度为 0，故 C 错误。3st=时，甲车位移比乙车位移多 22.5m，0t=时，甲在乙的后面 22.5m 处，故 B 错误。1st=两车速度相等时相距最远，为 30m，故 D 正确。8球拍对球的支持力大小为 cosmg，故 A 错误。受力分析知道乒乓球的加速度大小为tang，故 B 正
5、确。该同学对球拍的作用力方向斜向上，故 C 错误，D 正确。9木块和子弹 A、B 系统动量守恒，故 A 正确。根据系统动量守恒，有AABBmm=vv，对子弹 A，根据动能定理，有2102AAAfxm=v；对子弹 B，根据动能定理，有2102BBBfxm=v；3ABxx=；联立可得3AB=vv、3BAmm=，故 B 错误，C 正确。若子弹 A 向右射入木块，与木块相对静止后，子弹 B 再向左射入木块，最终 A 进入的深度减小，B 进入的深度增加，故 D 错误。10PT 上方加速度是 PT 下方加速度的两倍，竖直方向由22ah=v得0.5MTL=，故 A 正确。水平方向有0 xt=v，知2PRL=
6、，故 B 错误。Q 到 R，有02Lt=v，2012E qLtm=，得2002mEqL=v，故 C 正确。根据电场中运动的对称性知从 P 点正下方距 P 点2Ln 处射入与 Q 点相同的粒子，则该粒子会垂直 CD 边界离开电场，故 D 正确。物理参考答案第 3 页（共 6 页）二、非选择题（共 57 分）（一）必考题：共 4 小题，共 45 分。11（除特殊标注外，每空 1 分，共 6 分）（1）D B G （2）如图所示（一条线 1 分，共 3 分）【解析】（1）小灯泡的额定电压为 3V，故电压表应选择 03V 的量程，即电压表应选择 D；小灯泡的额定电流为LLL0.6APIU=，故电流表选
7、 B；实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据，故滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择最大阻值较小的，故滑动变阻器应选择 G。12（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）（1）AC（2 分）（2）BC 0.686（2 分）（3）做功与速度平方成正比 小车的质量（4）B（2 分）【解析】（2）为了测量橡皮筋做功后小车获得的速度，要测量最大速度，应该选用点迹均匀的部分，即 BC 段，小车的最终速度26.86 10m/s0.686m/s0.1xT=v。（4）由于阻力的影响，方程为2112fWWm=v、22122fWWm=v、23132fWWm=v，故选 B。13（12
8、 分）解：（1）小球恰好经过 A 点，有21mgm R=v 从 A 点到 M 点，有222111222mgRmm=vv 在 M 点，有22Fmgm R=v 由牛顿第三定律，小球对轨道的压力 FF=图 1 物理参考答案第 4 页（共 6 页）解得6Fmg=（2）小球到达 N 点的速度设为3v 有223211(1cos60)22mmmgR=vv 解得32 gR=v 小球从 N 点做斜抛运动，上升的竖直高度（用能量守恒也可以）23(sin 60)322hRg=v 评分标准：本题共 12 分。正确得出、式各给 1 分，其余各式各给 2 分。14（18 分）解：（1）接近的 PQ 发生弹性碰撞，向右为正
9、 0123mmm=+vvv 2220121113222mmm=+vvv 解得1012=vv、2012=vv （2）碰撞后 Q 向右匀减速运动到停止，向右运动位移1s201130322mgsm=v，解得2018sg=v P 第二次与 Q 碰撞时的速度设为3v 由能量守恒，有 2212 113111(2)22qE lqE smglsmm+=vv 可得30112=vv （3）Q 第一次被碰撞后经历时间012tg=v停下 P 到达左挡板的速度为左v 220111()222qEmg lmm=左vv 经历时间0201171224ttgg=左vvv 物理参考答案第 5 页（共 6 页）P 第二次与 Q 碰撞
10、时 Q 已经停止了，设 P 碰撞后的速度为4v，Q 的速度为5v，由动量守恒，有3453mmm=+vvv 2223451113222mmm=+vvv 解得40114=vv、50114=vv 碰撞后 Q 向右运动，运动到 A 点的速度为6v 则22211652211()3()31332222qE lsRmg lsmgRmm+=vv 22601 813(21)3 16=vv Q 在 A 点合力提供向心力 2633322mgmgFm R=v 得105 2962162Fmgmg=由牛顿第三定律，Q 对轨道压力大小为 105 2962162Fmgmg=评分标准：本题共 18 分。正确得出、式各给 1 分
11、，其余各式各给 2 分。（二）选考题：共 12 分。15（12 分）（1）（4 分）B（2）（8 分）解：压强10sin30ppgl=+解得185cmHgp=设注入的水银柱长度为l，压强20()ppg ll=+等温变化，有12()()p Ll Sp Lll S=解得(10 1315)cml=评分标准：本题共 8 分。正确得出、式各给 1 分，其余各式各给 2 分。物理参考答案第 6 页（共 6 页）16（12 分）（1）（4 分）A【解析】如果波沿 x 轴负方向传播，则 11(0 1 2)4tTnT n=+=，当 n 取 0 时，波的周期最大，为2sT=，故 A 正确。波沿 x 轴正方向传播，
12、根据公式T=v易知，周期最大时对应的波速最小，代入波长数据，有minmax2 m/s3m/s23T=v，故 B 错误。振动的质点任意一个周期内的路程都是 4A，所以周期越小，在相等的时间内质点的路程越大，所以当周期最大时，路程最小，00.5s 内在 14个周期内的路程为 10cm，故 C 错误。如果该波沿x 轴负方向传播，有(41)m/snT=+v，当 n 取 5 时，波速恰好为 21m/s，故 D 错误。（2）（8 分）解：如图，设到达池边的光线的入射角为 i 由折射定律有 sinsin1ni=由几何关系有22sinlilh=+得27m3h=设此时救生员眼睛到池边的距离为 x，由折射定律有 sinsin 45ni=设池底点光源 A 到水面入射点的水平距离为 a，由几何关系有22sinaiah=+xlah+=+，式中2mh=联立式得72m23x=评分标准：本题共 8 分。正确得出式给 2 分，其余各式各给 1 分。图 2
