1、宁夏育才中学2017-2018学年高二上学期期中物理试题一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。1. 关于三个公式：P=UIP=I2RP=U2/R，下列叙述中正确的是( )A. 公式适用于任何电路的热功率的计算B. 公式只适用于计算纯电阻电路的热功率C. 公式任何情况下都不能用D. 对于纯电阻电路公式、既可以用来计算电功率也可以计算热功率【答案】D【解析】在非纯电阻电路中热功率不能用P=UI计算，A错误；公式适用于一切电路热功率的计算，B错误；公式适用于纯电阻电路功率的计算，C错误；纯电阻电路中，电流做功全部转化为内能，
2、所以对于纯电阻电路公式、既可以用来计算电功率也可以计算热功率，D正确2. 关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A. 导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有在导体中有电流通过时才有电阻B. 由R=U/I可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C. 电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，材料导电性能越差D. 将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【答案】C【解析】电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性，导体的电阻与其两端的电压以及通过导体的电流无关，公式只是电阻的计算式，AB错误；电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，电阻率
3、越大，材料导电性能越差，其大小和材料以及温度有关，与导体的长度无关，故C正确D错误3. 如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一等腰三角形，AB=c，底角=30，电场强度的方向平行于纸面。现有一电子，在电场力作用下，经A运动到C动能减少EK，而质子在电场力作用下，经A运动到B动能增加也等于EK，则该匀强电场的电场强度E的大小和方向的判断正确的是（ ）A. ，方向垂直于AB并由B指向ACB. ，方向垂直于AB并由B指向ACC. ，方向垂直于BC并由A指向BCD. ，方向垂直于BC并由A指向BC【答案】D【解析】电子在电场力作用下，从A运动到C，动能减小量与质子在电场力作用下，从A到B，动能的增加
4、量相等；由于电子与质子的电性相反，从而得出BC两点的电势高低，根据电场线与等势面垂直的特性，确定电场强度的方向并由电场力做功，导致电势能的变化从而引起动能变化，进而得出电势差，再由，算出电场强度的大小电子在电场力作用下，经A运动到C动能减少，则电势能增加，而质子在电场力作用下，经A运动到B动能增加也等于，则电势能减小，由于电子与质子的电性相反，则得出B点与C点的电势相等且比A点电势低由于匀强电场，所以BC连线即为等势面又因电场线与等势面相互垂直，且沿着电场线方向电势降低，则有电场强度方向垂直BC连线并由A指向与BC电子A运动到C动能减少，则电势能增加，说明电场力做负功，功值为，由电势差，再由，
5、D正确 4. 如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。下列判断正确的是（ ）A. 2、3两点的电场强度相等B. 1、2两点的电势相等C. 把一电子从1点移动3点，电场力做正功，电势能减小D. 在只受电场力的作用下，质子从1点沿直线运动到2点的过程中，质子的加速度在减小【答案】D【解析】2、3两点的电场线方向不同，故电场强度方向不同，电场强度不同，A错误；顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势，B错误；2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等，所以1点电势高于3点电势，电子从高电势向低电势运动，电场力做负功，电势能减小，C错误；1点的电场线比2点的电场
6、线密，所以质子在1点的电场力大于在2点的电场力，故质子从1点沿直线运动到2点的过程中，质子的加速度在减小，D正确5. 如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了、三个区域现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（ ）A. 特性曲线在区，P1P2B. 特性曲线在区，P1P2C. 特性曲线在区，P1P2D. 特性曲线在区，P1P2【答案】C【解析】试题分析：伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安
7、特性曲线的斜率R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该区R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1P2故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等6. 如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两条等势线间的电势差相等。一正电荷（只在电场力的作用下）在3上时，具有的动能是20eV，它运动到等势线1上时，速度为零。令2的
8、电势为0。那么该电荷的电势能为4eV时，其动能大小为（ ）A. 16eV B. 6eV C. 10eV D. 4eV【答案】B【解析】试题分析：因为只有电场力做功，所以动能和电势能之和不变，又因为正电荷从等势线3运动到等势线1时，动能减小，所以电场线方向向右，正电荷在等势线1的电势能为，动能；又因为是匀强电场，且相邻的等势线间的电势差相等，电场力做功相同，动能变化相同，所以电荷位于等势线2上时，动能；同理可得：，当令2=0时，所以，即当该电荷的电势能为4eV时，其动能大小为6eV，故选项B正确考点：本题考查电场力做功和动能及电势能之间的关系，只有电场力做功时动能和电势能之和不变，但电势能的大小
9、与选取的零势面有关7. 对于电源电动势的理解，正确的是（）A. 电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极搬运到正极克服电场力所做的功B. 电动势就是电压，大小等于电源没有接入电路时正负极间的电压C. 电源内部，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端D. 电源的电动势越大，则表征电源把其他形式的能量转化成电能的本领越大【答案】AD【解析】根据电动势的定义可知电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极搬运到正极克服电场力所做的功，电源的电动势越大，则表征电源把其他形式的能量转化成电能的本领越大，AD正确；电动势和电压不是同一个概念，电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势，B错误；
10、电源内部，电流是从负极（低电势端）流向正极（高电势端），C错误8. 压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。某同学利用压敏电阻设计了一个判断电梯运动状态的装置，装置示意图如右图所示。将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为I0。电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如下图中甲、乙、丙、丁所示，下列判断正确的是（ ）A. 甲图表示电梯可能做匀速上升运动B. 乙图表示电梯可能做匀加速上升运动C. 丙图表示电梯可能做匀减速下降运动D. 丁图表示电梯可能做变减速下降运动【答案】AC【解析】试题分析：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，而电流变大说明电路中电阻变
11、小，则电流变大说明压力变大；反之，电流变小说明压力变小；物体加速上升和减速下降是超重状态，减速上升和加速下降是失重状态 9. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，在O点固定一电荷量为Q的正电荷，a、b、c、d为以O为圆心的同一圆周上的四点，bd连线与电场线平行，ac连线与电场线垂直。则（ ） A. a、c两点的场强相同B. b点的场强大于a点的场强C. da间的电势差等于ab间的电势差D. 检验电荷在a点的电势能等于在c点的电势能【答案】BCD【解析】试题分析：题中abcd四个点的场强实际上是匀强电场与点电荷的电场的叠加，合场强要用矢量合成的方法来判断abcd在点电荷等势面上，电势相同，ac在E
12、的一条等势面上，据此分析电势和电势能的关系点电荷在a点产生的电场强度方向竖直向上，与E叠加后，合场强偏向右上；点电荷在c点产生的电场强度方向竖直向下，与E叠加后，合场强偏向右下，故A错误；匀强电场的场强方向与Q的电场的场强方向在b点相同，两个矢量相加，同向时最大，故在b点的场强大于a点的场强，B正确；在Q产生的电场中abd处于同一个等势面上，电势相同，而在E的电场中da和ab沿电场线方向的距离相同，即da间的电势差等于ab间的电势差，C正确；ac两点在Q的电场中电势相等，在E的电场中电势也相等，故ac的电势相同，同一个检验电荷在两点的电势能相同，D正确10. 如图所示，用电池对电容器充电，电路
13、a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态现将两极板的间距变大，则( )A. 电荷将向上加速运动B. 电荷将向下加速运动C. 电流表中将有从a到b的电流D. 电流表中将有从b到a的电流【答案】BD【解析】试题分析：将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动故A错误，B正确；根据电容的决定式可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流故C错误，D正确故选BD考点：电容器【名师点睛】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容
14、的决定式判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化情况。二、实验题11. 如图所示，游标卡尺的读数为_cm，螺旋测微器的读数为_mm【答案】 (1). 2.030 (2). 8.116-8.119【解析】试题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读游标卡尺的读数为；螺旋测微器的读数为：12. 用伏安法测电阻时，如待测电阻Rx约为150，电流表内阻RA约为20，电压表内阻RV约为5K，应该用图中的_电路（填或）来测量可以尽量减小误差。当用电路图进行测量时，测
15、量值将比真实值偏_（填大或小）；【答案】 (1). (2). 小【解析】因为电流表内阻和被测电阻相接近，所以采用电流表外接法，即电路来测量，该电路中，由于电压表的分流，导致电流表的测量值比真实值偏大，而电压值准确，根据欧姆定律可得测量值偏小13. 大量程的电压表和电流表都是有小量程的电流计改装过来的，已知某电流计的内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA，现要将该电流计改装成一量程为6V的电压表需 _（填“串联”或“并联”）一个_的电阻.【答案】 (1). 串联 (2). 1880【解析】改装电压表需要串联一个定值电阻分压，根据欧姆定律可得，解得14. 有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现
16、在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A电压表V1（0-5V，内阻约10k） B电压表V2（0-10V，内阻约20k）C电流表A1（0-0.3A，内阻约1） D电流表A2（0-0.6A，内阻约0.4）E滑动变阻器R1（010，2A） F滑动变阻器R2（0-100，0.2A）G学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_，电流表_，滑动变阻器_。（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在下面的方框中画出实验电路图_。（3）P为上图中图线上的一点，PN为图线上P点的切线、PQ为U轴
17、的垂线，PM为I轴的垂线，则由图可知：随着所加电压的增加，小灯泡的电阻将_(填“增大”、“减小”或“不变”)；对应P点，小灯泡的电阻值约为_(保留三位有效数字)。【答案】 (1). A (2). D (3). E (4). (5). 增大 (6). 5.33（1）电表量程略大于电路中的最大值即可； 灯泡额定电压为4V，电压表选A，灯泡额定电流，则电流表选D，为方便实验操作，选较小的滑动变阻器，选E（2）电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时电阻，则电流表应采用外接法，电路图如图所示（3）由图象可知，随着所加电压的增加，通过小灯泡的电流增大，但电压与电流的比值增大，即灯
18、泡电阻将增大；由图象可知，在P点U=2.4V，I=0.45A，此时灯泡电阻三.计算题15. 如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻r=1，电动机两端电压为8V，电路中的电流为2A，重物A重20N.不计摩擦力，求（1）电动机的输入功率和输出功率各是多少；（2）20 s内，可以把重物A匀速提升多高；（3）这台电动机的机械效率是多少.【答案】（1）5W；4W（2）12m（3）66.7%【解析】（1）电动机的输入功率为电动机的热功率为所以电动机的输出功率为（2）电动机的输出功率等于机械功率，故，解得故在20s内上升的高度为（3）机械效率为16. 如图所示，已知电阻R2 =R3=2R1 =2R，
19、电池提供给电路的电压始终保持不变，其内阻不计，开关S闭合前流过R2的电流为I，求S闭合后流过R2的电流大小【答案】【解析】试题分析：画出S闭合前后的等效电路图，结合串并联电路规律以及欧姆定律分析解题开关闭合前断路，只有和串联在电路中，根据欧姆定律可知闭合S后，和并联之后再和串联在电路中，根据欧姆定律可知电路中的总电流为，又因为（为通过的电流）和电阻相等，所以，故17. 在匀强电场中如图中所示分布着A、B、C三点当把一个电量的正电荷从A沿AB线移到B时，电场力做功为零；从B移到C时，电场力做功为（1）试在图中作出过C点的一条电场线，（2）求该电场的场强大小。【答案】（1）（2）1000V/m【解
20、析】（1）因为沿AB移动电荷，电场力做功为零，说明AB是一条等势线，故电场线与其垂直，从B移到C电场力做负功，电荷为正电荷，所以应该是从高电势向低电势移动，即C点电势高于B点电势，沿电场线方向电势降低，故电场方向应垂直AB指向右下，如图所示（2）根据，可得，则C、B间电势差为又由匀强电场中场强与电势差的关系18. 如图所示，为示波器工作原理的示意图，已知两平行板间的距离为d、板长为L，电子经电压为U1的电场加速后，从两平行板间的中央处垂直进入偏转电场。设电子的质量为me、电荷量为e。（1）求经过电场加速后电子速度v的大小；（2）要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大，两平行板间的电压U2应是多少？此时，从偏转电场射出时电子的动能是多大？【答案】（1）（2）【解析】（1）电子经电压为U1的电场加速，根据动能定理：（3分）则经电场加速后电子的速度 （2分）（2）电子离开偏转电场偏转角度最大时的偏转量为， （1分）电子受到偏转电场的电场力， （1分）电子沿偏转电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，有（1分），可解得两平行板间电压 （2分）又：（2分）（1分）（2分）
